题目内容
小北塘家新买的一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如下表．为了测量该电水壶烧水时的实际功率，小北塘用所学知识和父亲合作进行了如下实验：关掉家里所有用电器，将该电水壶装满水，接入家庭电路中，测得壶中水从25℃上升到35℃所用的时间是50s．同时观察到家中“220V 10A（40A）3200imp/”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp．请根据相关信息解答下列问题．产品型号：SWF18A5T-200
最大容积：1.8L
额定功率：2000W
额定频率：50Hz
额定电压：220V～
（1）电水壶中水的质量；
（2）根据电能表指示灯的工作情况求出电水壶烧水时消耗的电能和实际功率；
（3）电水壶加热的效率
（4）通过比较实际功率与额定功率大小关系，简要回答造成这种关系的一种可能原因．
【答案】分析：（1）根据电水壶的最大容积是1.8L和水的密度，利用密度公式变形即可求出电水壶中水的质量；
（2）根据“观察到家中“220V 10A（40A） 3200imp/（kw?h）”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp”可求出此时电水壶消耗的电能W总，再利用P=
即可求出电水壶烧水时的实际功率；
（3）根据〔C水=4.2×103J/（kg?℃）〕、水的质量、水上升的温度，利用Q吸=c水m△t求出水吸收的热量，
根据电水壶烧水时水实际得到的热量除以消耗的电实际可以产生的热量，即利用η=
×100%即可求出电水壶加热的效率；
（4）根据信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而实际功率为1800W，原因可能是实际电压过低．
解答：解：（1）由ρ=
得
m=ρV=1.0×103kg/m3×1.8×10-3m3=1.8kg；
答：电水壶中水的质量是1.8kg；
（2）W=
×3.6×106J=9×104J，
P=
=
=1800W；
答：电水壶烧水时消耗的电能为9×104J，电水壶烧水时的实际功率为1800W．
（3）Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg?℃）×1.8kg×（35℃-25℃）=7.56×104J，
η=
×100%=
×100%=84%；
答：电水壶加热的效率为84%．
（4）由信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而通过计算可知实际功率为1800W，原因可能是实际电压小于额定电压．
点评：此题考查密度公式的应用，电功率的计算，热量的计算等知识点，涉及到的知识点较多，综合性强，难易程度适中．本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确．
（2）根据“观察到家中“220V 10A（40A） 3200imp/（kw?h）”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp”可求出此时电水壶消耗的电能W总，再利用P=
即可求出电水壶烧水时的实际功率；（3）根据〔C水=4.2×103J/（kg?℃）〕、水的质量、水上升的温度，利用Q吸=c水m△t求出水吸收的热量，
根据电水壶烧水时水实际得到的热量除以消耗的电实际可以产生的热量，即利用η=
×100%即可求出电水壶加热的效率；（4）根据信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而实际功率为1800W，原因可能是实际电压过低．
解答：解：（1）由ρ=
得m=ρV=1.0×103kg/m3×1.8×10-3m3=1.8kg；
答：电水壶中水的质量是1.8kg；
（2）W=
×3.6×106J=9×104J，P=
==1800W；答：电水壶烧水时消耗的电能为9×104J，电水壶烧水时的实际功率为1800W．
（3）Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg?℃）×1.8kg×（35℃-25℃）=7.56×104J，
η=
×100%=×100%=84%；答：电水壶加热的效率为84%．
（4）由信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而通过计算可知实际功率为1800W，原因可能是实际电压小于额定电压．
点评：此题考查密度公式的应用，电功率的计算，热量的计算等知识点，涉及到的知识点较多，综合性强，难易程度适中．本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确．
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