如图所示是某型号超声波加湿器.通电工作时可改变空气的湿度．下表为其部分技术参数.其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积,加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值．额定加湿量Q额15L/h额定电压U额220V额定功率P额660W水箱容量V30L加湿效率k≥1.2×10-2L/(1)加湿器正常工作时电流为多少?(2)在没有其他用电器接� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

题目内容

11．

如图所示是某型号超声波加湿器，通电工作时可改变空气的湿度．下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值．

额定加湿量Q_额	15L/h
额定电压U_额	220V
额定功率P_额	660W
水箱容量V	30L
加湿效率k	≥1.2×10^-2L/（h•W）

（1）加湿器正常工作时电流为多少？
（2）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了750次，此过程中加湿器的实际功率多少W？加湿器的加湿量Q_实至少为多少L/h？

分析（1）加湿器正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出加湿器正常工作时的电流；
（2）根据电能表参数3000imp/kW•h，先计算加湿器消耗的电能和实际功率，再根据加湿效率计算加湿器的加湿量．

解答解：（1）加湿器正常工作时，其功率P=P_额=660W，工作电压U=U_额=220V，
由P=UI可得，加湿器正常工作时的电流：
I=$\frac{P}{U}$=$\frac{660W}{220V}$=3A；
（2）加湿器单独工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了750次，
则加湿器消耗的电能：
W=$\frac{750}{3000}$kW•h=0.25kW•h=9×10⁵J，
加湿器实际功率：
P_实=$\frac{W}{t}$=$\frac{9×1{0}^{5}J}{30×60s}$=500W；
由题意知，加湿效率k=$\frac{{Q}_{实}}{{P}_{实}}$，由表中数据知，最小加湿效率k=1.2×10^-2L/（h•W），
所以实际加湿量至少为：Q_实=kP_实=1.2×10^-2L/（h•W）×500W=6L/h．
答：（1）加湿器正常工作时电流为3A；
（2）此过程中加湿器的实际功率500W，加湿器的加湿量至少为6L/h．

点评本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用电功率公式以及理解电能表参数的含义即可正确解题．

练习册系列答案

	A．	灯L₁亮度将变暗		B．	电路总功率变大
	C．	灯L₁两端电压将变小		D．	灯L₂从熄灭到亮

2．

2017年2月19日，第八届亚洲冬运会在日本开幕．如图是U型池自由式滑雪的情景．比赛时运动员脚蹬滑雪板在U型池内来回滑动，翻飞．下列有关分析正确的是（　　）

	A．	滑雪板较宽是为了减小运动员对池面的压力
	B．	选手脚蹬滑雪板是为了减小其对池面的压力
	C．	选手飞离U型池后能向上运动是由于受到了向上的力
	D．	选手飞离U型池向上运动时动能转化为重力势能

19．

如图所示，某同学家中的电能表如图所示，读数为667.2kW•h，他们家新购进一套用电设备，为测试该设备电功率大小，仅让该用电器工作10min，表盘转过100r，此用电设备的功率大约为300W．