Question

4．超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的高频率振动，将水抛离水面雾化成大量1μm～5μm的超微粒子（水雾），吹散到空气中使空气湿润，改变空气的湿度．如图甲所示是某型号超声波加湿器，下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值．

额定加湿量Q额	15L/h
额定电压U额	220V
额定功率P额	660W
水箱容量V	30L
加湿效率k	≥1.2×10-2L/（h•W）

（1）水雾化成超微粒子的过程不是（选填“是”或“不是”）汽化现象．
（2）加湿器正常工作时电流为3A，加满水后最多能加湿2h．
（3）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了720次，此过程中加湿器的实际功率480W．
（4）加湿器的加湿量Q_实至少为5.76L/h．

Answer 1

分析 （1）物质由液态变为气态的过程叫汽化；
（2）根据P=UI求出加湿器正常工作时的电流，根据“额定加湿量”求出加满水后最多能加湿时间；
（3）知道“3000r/kW•h”（每消耗1kW•h电能转盘转3000转）和电能表转数，可求消耗的电能，知道时间，求出实际输入电功率；
（4）知道加湿效率，根据加湿效率公式求出实际加湿量．

解答 解：
（1）水雾化成的超微粒子仍为液体，所以该过程不是汽化现象；
（2）由P=UI可知，加湿器正常工作时的电流：
I=$\frac{P}{U}$=$\frac{660W}{220V}$=3A；
加满水后最多能加湿的时间：
t=$\frac{30L}{15L/h}$=2h；
（3）此过程中加湿器实际消耗的电能：
W=$\frac{720}{3000}$×1kW•h=0.24kW•h=8.64×10⁵J，
加湿器实际功率：
P_实际=$\frac{W}{t}$=$\frac{8.64×1{0}^{5}J}{30×60s}$=480W，
（4）因为加湿效率k=$\frac{V}{P}$，最小值η=1.2×10^-2L/（h•W），
所以实际加湿量至少为：
Q_实=kP=1.2×10^-2L/（h•W）×480W=5.76L/h．
故答案为：（1）不是；（2）3；  2；（3）480；（4）5.76．

点评 本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用密度公式、电功公式、串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．