题目内容
17．伏安法“测小灯泡电功率”和“测小灯泡电阻”的实验有很多相同点，如图1所示是小明连接的不完整实验电路（小灯泡标有“2.5V”字样），请你帮助他完成以下实验．
（1）请用笔划线代替导线将电路连接完整（连线不能交叉）；
（2）排除故障后，调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V时，电流表示数如图2所示0.24A，则小灯泡的额定功率为0.6W．
（3）同样的方法测小灯泡的电阻，此时（同上）小灯泡的电阻为10.4Ω（保留一位小数），测量发现小灯泡两端电压越高，小灯泡的电阻越大，原因是灯泡两端的电压越高，其实际功率越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大．
（4）现有规格为“20Ω 1A”和“50Ω 0.5A”的滑动变阻器各1个，实验中应选择规格为“50Ω0.5A”的滑动变阻器，实验中滑动变阻器除了保护电路外，还可以调节灯泡两端的电压．
分析 （1）将电压表与灯泡并联，根据额定电压确定电压表的量程；
（2）由图2读出电流表的示数，根据P=UI计算出额定带功率的值；
（3）由R=$\frac{U}{I}$计算灯丝的电阻，灯丝的电阻与温度有关，灯丝的电阻随温度的升高而增大；
（4）根据灯泡的额定电压和电流，根据欧姆定律计算出所需滑动变阻器的阻值，从而选择合适规格的滑动变阻器
解答 解：将电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选择0～3V的量程，如图所示：
（2）由图2知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；
则灯的额定功率P=UI=2.5V×0.24A=0.6W；
（3）根据欧姆定律，灯的电阻R=$\frac{U}{I}=\frac{2.5V}{0.24}$≈10.4Ω，灯泡两端的电压越高，其实际功率越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以，小灯泡两端电压越高，小灯泡的电阻越大；
（4）灯泡正常发光时，滑动变阻器连入电路中的阻值R滑=$\frac{{U}_{滑}}{I}=\frac{12.5V-2.5V}{0.24A}$≈39.6Ω＞20Ω，所以实验中应选择规格为“50Ω 0.5A”的滑动变阻器；
实验中滑动变阻器除了保护电路外，还可以调节灯泡两端的电压．
故答案为：（1）见上图；
（2）0.24；0.6；
（3）10.4；灯泡两端的电压越高，其实际功率越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大； （4）50Ω 0.5A；调节灯泡两端的电压．
点评 此题将“测小灯泡电功率”和“测小灯泡电阻”的实验进行对比，考查了电路的连接，电阻和电功率的计算、影响电阻大小的因素、器材的选择等知识，是中考的热点问题．
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8．学习密度知识后，小明同学利用实验测量某饮料的密度，请根据实验回答问题：
（1）调节天平横梁平衡时，指针偏向分度盘中央刻线的右侧，此时应向左（选填“左”或“右”）移动平衡螺母，才能使天平平衡．
（2）如图所示，甲、乙、丙图是他按顺序进行实验的示意图，根据图中的数据填写下表的空格
（3）在实验中，有少量液体残留在烧杯内壁而使饮料密度的测量值偏大（选填“偏大”或“偏小”）．
（4）要减小因烧杯内壁残留饮料而引起的误差，应增加的操作是测量剩余饮料与烧杯的总质量．
（1）调节天平横梁平衡时，指针偏向分度盘中央刻线的右侧，此时应向左（选填“左”或“右”）移动平衡螺母，才能使天平平衡．
（2）如图所示，甲、乙、丙图是他按顺序进行实验的示意图，根据图中的数据填写下表的空格
| 物理量/单位 | 烧杯的质量m1/g | 烧杯和饮料的质量m2/g | 饮料的体积V/mL | 饮料的密度ρ/（kg•m-3） |
| 测量值 | 33.4 | 72 | 40 | 0.965×103 |
（4）要减小因烧杯内壁残留饮料而引起的误差，应增加的操作是测量剩余饮料与烧杯的总质量．
小明想测量某种液体的密度，他利用的装置如图所示，容器A装待测的液体，容器B装水，当从上端开口处抽出少量空气后，A、B两管中的液面分别上升到一定高度．
如图所示，电源电压为12V，R1=R2=10欧，R3=20欧，烧杯内盛有80克溶质质量分数为20%的硫酸铜溶液，若向烧杯内加入溶质质量分数为10%的氢氧化钡溶液171g，充分反应后，闭合开关S，电流表的示数0.4A．
若入射光线与镜面夹角是30°，则入射角为60度，反射角为60度，若平面镜绕入射点顺时针转动5°，则入射光线与反射光线的夹角是130度．
如图所示，重为600牛的人站在300牛的木块上，人拉绳使木块和人一起向左匀速直线运动，人与木块相对静止．若地面给木块的摩擦力是木块给地面压力的0.2倍，不计滑轮轴心的摩擦．则：
