Question

（9分）“塔吊”是北海新城区建设中随处可见的一种起重设备，图甲所示是某塔吊的工作示意图，AO是塔吊的平衡臂，BO是塔吊的吊臂，C为可控制移动的滑轮组小车，可在B点到O点间移动，AO长4m，BO长26m，AB可绕O点在一定的范围内上下倾斜，已知A端配重物的质量为5t，塔吊利用工作电压为380V、额定功率为10kW的电动机带动滑轮组来吊升工地的建筑材料．问：

（1）从安全角度出发，起吊时应尽量使吊臂水平平衡，在一次匀速吊升钢材时塔吊的吊臂如图乙所示，则滑轮组小车C应向 移动（选填“左”或“右”），这是根据 原理．

（2）将质量为2t的钢材以0.5m/s的速度竖直向上匀速提起，经1min到达施工楼层后再水平移动20m将钢材送到施工点，此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是多少？

（3）此塔吊某次吊升钢材时，施工人员移动滑轮组小车C到达离O点16m处，使吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡，电动机在额定功率下竖直向上匀速吊升钢材到某高度，此时电动机将电能转化为机械能的效率为75%，则钢材上升过程中的速度是多大？（吊臂、平衡臂、滑轮组的质量及摩擦力忽略不计）

 

Answer 1

（1）滑轮组小车C应向右，这是根据杆杆原理；（2）此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是6×104J；

（3）则钢材上升过程中的速度是0.15m/s．

【解析】

试题分析：（1）起吊时应尽量使吊臂水平平衡，根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，左端下沉，应增加右端力和力臂的乘积，所以滑轮组小车应向右移动。

（2）由得，在上升过程中，移动的距离s=vt=0.5m/s×60s=30m，塔吊对钢材所做的功W1=Gh=2×103kg×30m=6×104J。

在水平移动的过程中，在拉力的方向上没有移动距离，不做功，W2=0J．

（3）配重的重力G=mg=5×103kg×10N/kg=5×104N，吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡时，==1.25×104N，电动机转化为机械能为W=W×75%=10kW×75%=7.5kW=7500W，

由得，=0.15m/s．

答：（1）滑轮组小车C应向右，这是根据杆杆原理；（2）此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是6×104J；

（3）则钢材上升过程中的速度是0.15m/s．

考点： 杠杆平衡条件的应用、功率的计算。