题目内容
4．如图所示电路，电源电压不变，当开关闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）
| A． | 灯泡变暗 | B． | 电压表示数变大 | ||
| C． | 电流表A1的示数变小 | D． | 电流表A2的示数变小 |
分析 由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，电压表测电源的电压，电流表A1测通过灯泡的电流，电流表A2测干路电流．根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡电流和实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流变化．
解答 解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，电压表测电源的电压，电流表A1测通过灯泡的电流，电流表A2测干路电流．
因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡电流（即电流表A1的示数）和实际功率不变，灯泡的亮暗不变，故AC错误；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，
由I=$\frac{U}{R}$可知，通过滑动变阻器的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表A2的示数变小，故D正确．
故选D．
点评 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断．
练习册系列答案
相关题目
14．甲、乙两个电热器的电阻值之比为5：2，通过的电流之比为2：1，通电时间之比为1：2，则电流通过甲、乙两个电热器产生的热量之比为（ ）
| A． | 5：2 | B． | 5：4 | C． | 2：5 | D． | 5：1 |
15．
小波班上有一台饮水机，它的铭牌如下表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．
（1）将2kg的水从25℃加热到85℃，水吸收的热量是多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
（2）R1、R2的阻值分别是多少？
（3）饮水机在加热状态下将2kg的水从25℃加热到85℃时正常工作了20min，则饮水机消耗的电能是多少？饮水机的效率为多少？
小波班上有一台饮水机，它的铭牌如下表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．| 热水箱容量 | 1.5L |
| 额定电压 | 220V |
| 加热功率 | 550W |
保温时的功率 | 44W |
（2）R1、R2的阻值分别是多少？
（3）饮水机在加热状态下将2kg的水从25℃加热到85℃时正常工作了20min，则饮水机消耗的电能是多少？饮水机的效率为多少？
为进行节能灯和白炽灯耗能情况的比较研究．
如图所示，以笔画线代替导线，将一个两孔插座和一个带按钮开关的螺口灯泡接入电路，形成一个家庭电路．
如图所示电路，电源电压不变，灯L是一个“6V 3W”的小灯泡，电阻R的阻值为12Ω，当闭合S1、S2，断开S3时，灯L恰好正常发光，假设灯丝的电阻值不随温度的变化而变化，试求：
如图所示是甲、乙两只温度计的一部分，甲的示数是18℃，乙的示数是-15℃．
某款家用蒸汽挂烫机（如图甲）的工作原理如图乙所示，发热电阻R1、R2的阻值均为100Ω，通过旋转开关可实现关、低档、高档的转换．使用时，水箱中一部分水通过阀门进入电热杯受热至沸腾，产生的水蒸气从喷头喷出熨烫衣服．已知电热杯内水的质量为0.2kg，初温为20℃．电源电压U=220V，水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）．求：