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1. C 2. B 3. C 4. ABC 5. AC
6. AD 7. C 8. AB 9. D 10. A
11. 0.63
12. 镇流器的自感现象 断开瞬间 只有在电路刚断开时才能产生很高的自感电动势使人产生触电的感觉
13. Br2ω/2 ,0
14. 解:(1)由题意知,带电粒子从C孔进入,与筒壁碰撞两次再从C孔射出经历的时间为最短,由,粒子由C孔进入磁场,在磁场中做匀速圆周运动的速度,由,即,得
(2)粒子从的加速度为,,粒子从的时间为;粒子在磁场中运动的时间为,将(1)求得的B值代入,得,求得
15. 解:(1)感应电动势的最大值:
(2)由欧姆定律得电流的最大值:=0.16A
电流的有效值=0.11A
(3)用电器上消耗的电功率:
16. 解:(1)ab脱离EF前,电路中的磁通量的变化为
平均感应电动势为,
有
(2)ab脱离EF时,回路中通过电流最大,即,
ab脱离EF后,电路中不在有电流,并且ab倒下过程中只有小球的重力做功,机械能守恒,即
ab上各处切割磁感线的速度是不同的,其等效切割速度应等于ab中点的速度
联立解得
17.解:(1)经过时间后,MN运动的距离为,由图可知直导线MN在闭合回路中的有效长度为,
此时感应电动势的瞬时值:(V)
(2)此时闭合回路中的总长度为:
闭合回路中的总电阻:
根据全电路的欧姆定律,电流大小:(A),由右手定律可得电流方向在闭合回路中是逆时针方向
(3)此时MN中不在闭合回路中的导线MP的长度为
产生的电动势(V)
在闭合回路中的导线PN两端电压(V)
所以MN两端的电压
(1)线框绕CD边转动,求当DA边转到竖直位置时AB边上所加水平外力的大小;
(2)求从线框绕CD边开始转动到DA边竖直的这四分之一圈内线框上产生的电热;
(3)从运动开始作为计时起点,求出在第一个周期内AB两点间的电势差UAB随时间t变化的关系,并作出UABB随时间t变化的关系图线.
(1)线框绕CD边转动,求当DA边转到竖直位置时AB边上所加水平外力的大小;
(2)求从线框绕CD边开始转动到DA边竖直的这四分之一圈内线框上产生的电热;
(3)从运动开始作为计时起点,求出在第一个周期内AB两点间的电势差UAB随时间t变化的关系,并作出UABB随时间t变化的关系图线.
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(1)线框绕CD边转动,求当DA边转到竖直位置时AB边上所加水平外力的大小;
(2)求从线框绕CD边开始转动到DA边竖直的这四分之一圈内线框上产生的电热;
(3)从运动开始作为计时起点,求出在第一个周期内AB两点间的电势差UAB随时间t变化的关系,并作出UABB随时间t变化的关系图线.
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(1)线框绕CD边转动,求当DA边转到竖直位置时AB边上所加水平外力的大小;
(2)求从线框绕CD边开始转动到DA边竖直的这四分之一圈内线框上产生的电热;
(3)从运动开始作为计时起点,求出在第一个周期内AB两点间的电势差UAB随时间t变化的关系,并作出UABB随时间t变化的关系图线.
如图所示,空间存在竖直向上的匀强磁场,磁感应强度B=0.2 T.一质量m=0.1 kg,总电阻r=0.4 Ω,边长d=0.5 m的正方形均匀导体框平放在粗糙的水平地面上,在一与导体框平面始终垂直的外力作用下做如下运动:首先外力作用在AB边上,线框绕CD边顺时针转动180°,然后外力作用到CD边上,线框绕AB边顺时针转动180°……如此不断重复,线框在地面上向右翻转,线框转动时的角速度ω=0.4 rad/s保持恒定.
(1)线框绕CD边转动,求当DA边转到竖直位置时AB边上所加水平外力的大小;
(2)求从线框绕CD边开始转动到DA边竖直的这四分之一圈内线框上产生的电热;
(3)从运动开始作为计时起点,求出在第一个周期内AB两点间的电势差UAB随时间t变化的关系,并作出UAB随时间t变化的关系图线.