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1.ABD 2.BD 3.D 4.BD 5.AC 6.B 7.BC 8.D 9.AB 10.D 11.D 12.AD
13. 碳粒 （2分） 液体分子运动的无规则性 （3分）
系统或气体（1分） 外界（1分） 下降 （3分）
14.(每空2分) 沿Ｙ轴负方向； 5； 32
红色明暗相间的条纹；没有干涉条纹，仍有亮光。
15．（14分）
（1）（4分）10.501（10.500-10.502） 10.155
（2）（一）①将长木板一端垫起，让小车重力
沿斜面的分力平衡摩擦阻力；（1分）
②小车质量远大于沙桶的总质量。（1分）
（二）0.86，（1分）
，（2分）
0.64（1分）
(三) ①如图（无标度、图线作成折线或曲线
均不能得分）（2分） ② AB（2分）
16．（10分）
（1）C（2分） （2）（图略）（2分）
（3）方法一 a．
（2分）
b．如（方法一）图（2分）
c．纵轴截距的倒数（1分） 斜率除以纵轴的截距（1分）
方法二 a．
（2分）
b．如（方法二）图（2分）
c．斜率除以纵轴截距的绝对值（1分） 纵轴截距的倒数的绝对值（1分）
17.(1)解：从起跳到最高点的时间t1,
由H=
gt
得
（2分）
t1=
=
s=0.3s
（1分）
从最高点到手触水面过程的时间为t
h+H=
gt
得
（2分）
t=
=
s≈1.4s （1分）
所以t1+ t=1.7s
（2分）
(2)飞镖作平抛运动，飞镖飞行时间为
t=
=0.1s
（2分）
飞镖在竖直方向的位移h
由h=gt=0.05m
（2分）
当考虑空气水平阻力时，飞镖水平方向做匀减速运动
a=
=
设第二次投掷飞镖速度为v/
由s=v/
t?a t2得
（2分）
v/=
18.解：
设小物体滑到B时速度为V
，滑槽速度为V，由系统水平方向动量守恒及系统机械能守恒得：
mV=MV
（2分）
mg(H+R)=mV
+MV
（2分）
解得：V=4m/s （2分）
V=
之后小物体进入水平表面，而滑槽由于撞墙，速度变为0，设两者同速为V，相对位移为S，由系统动量守恒及功能关系，得
mV=(m+M)V
（2分）
μmgS=mV?(m+M)V
（2分）
解得S=
所以最终小物体离C端x=（3-1.6）m=1.4m （2分）
19.解：
(1)设线圈ab边刚好进入磁场时，速度为v1，加速度为a, 对两个物体组成的系统，根据机械能守恒得： 
① （2分）
ab边上的感应电动势为：
②
（1分）
线圈中的感应电流为：
③
（1分）
ab边所受的安培力为：
④
（1分）
设绳上的拉力为T，选加速度作为正方向，对重物与线圈分别利用牛顿第二定律可得：
⑤
（1分）
⑥
（2分）
联立以上几式可得：
（2分）
(2)设线圈的cd边刚好进入磁场时速度为v2，由于线圈向上运动进出磁场的两个边界过程的运动情况完全一样，故线圈ab边到达磁场上边界时的速度必定是v1，线圈cd边刚好出磁场时速度为v2。整个线圈在磁场中时，由机械能守恒有：
⑦ （2分）
对整个过程中，由能量守恒有：
⑧ （2分）
故焦耳热为：
⑨ （2分）
20.解：（1）带电粒子穿过磁场时，速度变为水平，由左手定则知，带电粒子带负电；（1分）
粒子射入电场后从下板边缘飞出，粒子所受电场力向下，故上板带负电。（1分）
（2）设粒子的速度为v0,粒子在电场中作类平抛运动，飞越两金属板间需时间T
水平方向有：
① （1分）
竖直方向有：
② （1分）
解得：
，
。（1分）
设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，
由牛顿第二定律有：
③ （2分）
设磁场的最小半径为r，由几何关系得：
④ （1分）
故磁场的最小面积为：
⑤ （2分）
（3）粒子飞越电场的时间为一定值T，粒子运动的加速度为：
⑥ （1分）
若粒子从t=0、2×10-5s、4×10-5s ……时刻进入，在时间T内侧向移动距离为：
⑦
（1分）
设粒子恰好从下板右边缘水平飞出，则有：
⑧
（1分）
解得：
设粒子进入板间向下加速时间为
，据对称性可知再历时粒子竖直速度为零，
对以上过程，粒子向下的位移为：
⑨
（1分）
要使粒子不碰板而飞出，应满足： 
⑩ （2分）
联立⑧⑨解得：
故粒子能飞出两板间对应的入射时刻为：
（k=0，1，2，……） （2分）
学校实验小组在“验证牛顿第二定律”的实验中，图甲为实验装置简图。(所用交变电流的频率为50Hz)。
(1)同学们在进行实验时，为了减小实验时的系统误差，使分析数据时可以认为砂桶的重力等于小车所受的合外力，你认为应采取的措施有：
①
②__________________________________________________
(2)图乙所示为某小组在做实验中，由打点计时器得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm。则打A点时小车的瞬时速度的大小是_________m/s，小车加速度的大小是__________m/s2(计算结果保留三位有效数字)。
(3)另一小组在该实验中得到了如下一组实验数据:
| F/N | 0.196 | 0.294 | 0.392 | 0.490 | 0.588 |
| a/m·s-2 | 0.25 | 0.58 | 0.90 | 1.20 | 1.53 |
①在图丙的坐标中画出a - F的图线
② 从图中可以发现实验操作中存在的问题可能是___________(填字母序号)
A．实验没有平衡摩擦力
B．实验中平衡摩擦力时木板倾角过小
C．实验中平衡摩擦力时木板倾角过大
D．实验中小车质量发生变化 查看习题详情和答案>>
某小组在“探究加速度与力、质量关系”的实验中，先探究在质量不变下，加速度a与物体受的外力关系，在该实验中得到了如下一组实验数据：
| F/N | 0.196 | 0.294 | 0.392 | 0.490 | 0.588 |
| a/（m·s-2） | 0.25 | 0.58 | 0.90 | 1.20 | 1.53 |
【小题2】从图中可以发现实验操作中存在的问题可能
是 （填字母序号）
| A．实验中没有平衡摩擦力 |
| B．实验中摩擦力平衡不够 |
| C．实验中摩擦力平衡过度 |
| D．实验中小车质量发生变化 |
利用如图装置进行“探究加速度与力、质量关系”的实验，图中轨道较粗糙，实验中小夹子的总重力当作是小车受到的外力，每个小夹子的重力为0.098N。下表数据是在小车质量不变下，测得小车的加速度a与小车受的外力F的一些实验数据：
| 小夹子数（个） | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 |
| 小夹子的总重力F/N | 0.196 | 0.294 | 0.392 | 0.490 | 0.588 |
| a/（m·s-2） | 0.25 | 0.58 | 0.90 | 1.20 | 1.53 |
(2)（单选题）根据（1）中画出a--F图中可以发现实验过程中存在的问题可能是( )
A、轨道倾角太大
B、轨道倾角太小
C、小车质量增大了
D、小车质量减小了 查看习题详情和答案>>
（1）如图所示，甲图中螺旋测微器的读数为______mm，乙图中游标卡尺的读数为______cm．
（2）学校实验小组在“验证牛顿第二定律”的实验中，图（甲）为实验装置简图．（所用交变电流的频率为50Hz）．
（一）同学们在进行实验时，为了减小实验时的系统误差，使分析数据时可以认为砂桶的重力等于小车所受的合外力，你认为应采取的措施有：
①______；②______．
（二）如图乙所示是某小组在做实验中，由打点计时器得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是______m/s，小车运动的加速度计算表达式为______，加速度的大小是______m/s2（计算结果保留两位有效数字）．
（三）另一小组在该实验中得到了如下一组实验数据：
| F/N | 0.196 | 0.294 | 0.392 | 0.490 | 0.588 |
| a/m?s-2 | 0.25 | 0.58 | 0.90 | 1.20 | 1.53 |
②从图中可以发现实验操作中存在的问题可能是______填字母序号）
A．实验没有平衡摩擦力
B．实验中平衡摩擦力时木板倾角过小
C．实验中平衡摩擦力时木板倾角过大
D．实验中小车质量发生变化． 查看习题详情和答案>>
在“探究加速度与力、质量关系”的实验中，
（1）某小组得到一条打点的纸带，如图所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，则D点的瞬时速度的表达式：vD=______；加速度的表达式：a=______
（2）另一小组在该实验中得到了如下一组实验数据：
| F/N | 0.196 | 0.294 | 0.392 | 0.490 | 0.588 |
| a/m?s-2 | 0.25 | 0.58 | 0.90 | 1.20 | 1.53 |
②从图中可以发现实验操作中存在的问可能是______（填字母序号）
A．实验没有平衡摩擦力
B．实验中平衡摩擦力时木板倾角过小
C．实验中平衡摩擦力时木板倾角过大
D．实验中小车质量发生变化． 查看习题详情和答案>>