摘要:A. △l2>△l1 B.△l4>△l3 C. △l1>△l3 D. △l2=△l4

网址:http://m.1010jiajiao.com/timu_id_22908[举报]

一、选择题(本题包括12小题,共48分)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

CD

B

C

AC

C

B

BD

C

B

D

CD

A

二、实验题(本题共两小题,共17分)

13、⑴   1.10  (2分)(说明:有效数字不正确不给分)

  0.765  (3分)(说明:有效数字不正确不给分)

14、⑴  ①不放B时用秒表测出弹簧振子完成30次全振动的时间t1

B固定在A上,用秒表测出弹簧振子完成30次全振动的时间t2(此两步共5分,明确写出只测一次全振动时间的最多给3分)

⑵  (3分)

⑶   (1分)   物体与支持面之间没有摩擦力,弹簧振子的周期不变。(3分)

三、计算题(本题包括5小题,共55分)

15、(8分)(说明:其它方法正确按步骤参照给分)

解:对飞鸟,设其最小的飞行速度为v1,则:       (1分)

对飞机,设其最小起飞速度为v2,    则:        (1分)

两式相比得:                                (1分)

代入数据得:                                (2分)

设飞机在跑道上滑行的距离为s,由公式:v2=2as                  (1分)

得:                             =900m                (2分)

 

16、(10分)(说明:其它方法正确按步骤参照给分)

解:设0~2.0s内物体的加速度大小为a1,2~4s内物体的加速度大小为a2

得         a1=5m/s2,                               (1分)

a2=1m/s2                                                                 (1分)

由牛顿第二定律得:                                (1分)  

                              (1分)

解得:             F=30N                                      (2分)

由图象得:物体在前4s内的位移为:=8m         (2分)

故水平外力F在4s内所做的功为: =-240J               (2分)

17、(12分)(说明:其它方法正确按步骤参照给分)

解:⑴设火星表面的重力加速度为,地球表面的重力加速度为g

由万有引力定律有:                                 (1分)

可得       ,                 (2分)

设探测器在12m高处向下的速度为,则根据能量关系有:

                        (1分)

代入数据,解得                        (1分)

⑵设探测器落地的速度为,反弹的速度为,则有:

                           (1分)

                                   (1分)

代入数据,解得:                                      (1分)

                     (1分)

设“勇气”号和气囊第一次与火星碰撞时所受到的平均冲力为N,

由动量定理得:                        (2分)

代入数据,解得:N=4400N                                       (1分)

18、(12分)(说明:其它方法正确按步骤参照给分)

解:⑴设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h, 穿过界面PS时偏离中心线OR的距离为y

则:                      h=at2/2                                                          (1分)                           

       即:              (1分)

代入数据,解得:        h=0.03m=3cm                           (1分)

带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动,由相似三角形知识得:

                               (1分)

代入数据,解得:      y=0.12m=12cm                              (1分)

⑵设粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为vy,则:vy=at=

代入数据,解得:       vy=1.5×106m/s                            (1分)

所以粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为:

                       (1分)

设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ,则:

                             (1分)

因为粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏上,所以该带电粒子在穿过界面PS后将绕点电荷Q作匀速圆周运动,其半径与速度方向垂直。

匀速圆周运动的半径:                          (1分)

由:                                               (2分)

代入数据,解得:         Q=1.04×10-8C                         (1分)

19、(13分)(说明:其它方法正确按步骤参照给分)

解:⑴设第1个球与木盒相遇后瞬间,两者共同运动的速度为v1,根据动量守恒定律:

                        (1分)

代入数据,解得:             v1=3m/s                           (1分)

⑵设第1个球与木盒的相遇点离传送带左端的距离为s,第1个球经过t0与木盒相遇,

则:                                                    (1分)

设第1个球进入木盒后两者共同运动的加速度为a,根据牛顿第二定律:

得:                  (1分)

设木盒减速运动的时间为t1,加速到与传送带相同的速度的时间为t2,则:

=1s                          (1分)

故木盒在2s内的位移为零                                        (1分)

依题意:                        (2分)

      代入数据,解得: s=7.5m    t0=0.5s               (1分)

⑶自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的这一过程中,传送带的位移为S,木盒的位移为s1,则:                                  (1分)

                       (1分)

故木盒相对与传送带的位移:                  

则木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是:               (2分)

 

 

违法和不良信息举报电话:027-86699610 举报邮箱:58377363@163.com

精英家教网