重庆市高2009级学业质量第二次调研抽测试卷

理科综合(物理部分)

14 .下列关于热学的判断,其中正确的是

A .对一定质量的气体加热.其内能一定增加

B .物体温度升高时,物体内的每个分子的速率都将增大

C .一定质量的气体,当它的压强、体积都增大时,其温度也一定升高

D .满足能量守恒定律的宏观过程都可以自发地进行

15 .如图所示,物体受到斜向上的恒定拉力F 作用,在粗糙水平而上做匀速直线运动,则下列说法正确的

A .拉力F 在竖直方向的分力的大小等于重力的大小是

B .拉力F 在竖直方向的分力的大小大于重力的大小

C .拉力F 在水平方向的分力的大小等于摩擦力的大小

D .拉力F 在水平方向的分力的大小大于摩擦力的大小

16 .如图所示,一横截面为半圆形的玻璃柱体,三种颜色不同的可见光细光束a 、b 、c ,垂直于直径从空气射向玻璃,b正好过圆心O,a、c从b 的两侧对称入射,从柱面进人空气的三束折

射光交于P 、O 两点,则

A .玻璃对a 光的折射率大于对b 光的折射率

B .玻玻对c 光的折射率大于对b 光的折射率

C .在相同条件下进行双缝干涉实验,a 光的

条纹间距比c 光大

D .在相同条件下进行双缝于涉实验,a 光的

条纹间距比c 光小

17 .氢原子从n=4 的能级跃迁到n =2 的能级时,辐射出光子a ;从n =3 能级跃迁到n =1能级时,辐射出光子b 。则下列说法中正确的是

A .氢原子从n =4 跃迁到n=2 ,电子动能的增加量等于氢原子电势能的减少量

B .在真空中a 光子的传播速度大于b 光子的传播速度

C .光子a的能量大于光子b 的能量

D .光子a的波长大于光子b 的波长

18 一列简谐横波在x 轴上传播,a 、b 、c、d 为介质中的四个质点,某时刻波形图如图所示,此时质点c 正向下运动。则由此可知

A .该波沿x 轴正向传播

B .自此时刻开始,质点b 比a先到达平衡位置

C .自此时刻开始.经四分之一个周期,c、d 两质点路程相等

D .自此时刻开始,经八分之一个周期,a 、b 两质点路程相等

19 .如所示的电路中,电源电动势为E ,内电阻为r,在滑动变阻器R2的滑片向上滑动的过程中,电阻R3上消耗的电功率

A .一直增大

B .一直减小

C .保持不变

D .先增大后减小

20 .如图所示,带电的平行板电容器水平放置,质量相同、重力不计的带电微粒A、B,平行于极板以相同的初速度射入电场,结果打在极板上的同一点P。不计两微粒之间的库仑力,下列说法正确的是

A .在电场中微粒A 运动的时间比B 长

B .微粒A 所带电量比B 多

C .电场力对微粒A 做的功比B 少

D .到达P点时微粒A 的速率比B 小

21 .在一空心圆柱面内有一垂直于纸面的匀强磁场,磁感应强度为B ,其横截面如图所示,磁场边界为同心圆,内、外半径分别为r 和(+l ) r 。圆心处有一粒子源不断地沿半径方向射出质最为m、电量为q 的带电粒子,不计粒子重力。为使这些粒子不射出磁场外边界,粒子从圆心处射出时速度不能超过

   A .              B .

C .        D .

第二部分(非选择题   176分)

22 . ( 19 分)( l )(7 分)某小组同学在探究自感现象时,用到如图所示的实验电路,其中A1、A2为规格相同的灯泡,R1、R2为滑动变限器。L 为带铁芯的线圈(电路元件符号为) ,K 为开关.将这些电路元件用导线与电源E 相连。

 

 

 

① 请将与此实物图相应的电路图画在答卷上的方框内,并标出元件对应的字母。

② 先闭合开关K ,调节滑动变阻器R1和R2,使两灯泡亮度相同。断开开关K ,当再次闭合开关K 的瞬间? 可以观察到灯泡A1 ________ ,灯泡A2___________。

( 2 )在“验证动量守恒定律”的实脸中,请回答下列问题:

① 实验记录如图甲所示,则A 球碰前做平抛运动的水平位移是图中的_____________,B球被碰后做平抛运动的水平位移是图中的____________。(两空均选填“OM”、“OP”或“ ON ”)  

② 小球A下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力,这对实验结果__________产生误差(选“会”或“不会”)。

③ 实验装钱如图甲所示,A 球为入射小球,B 球为被碰小球,以下所列举的在实验过程中必须满足的条件,正确的是(          )

A .入射小球的质量m a ,可以小于被碰小球的质量m b

B .实验时需要测量斜槽末端到水平地面的高度

C .入射小球每次不必从斜槽上的同一位置由静止释放

D .斜槽末端的切线必须水平,小球故在斜槽末端处应能静止

 

 

 

 

 

 

④在“验证动量守恒定律”的实验中,某同学用如图乙所示的装置进行了如下的操作:

I .先将斜槽轨道的末端调整水平,在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸,并将该木板竖直立于靠近槽口处,使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止释放,撞到木板并在白纸上留下痕迹O;

II .将木板向右平移适当的距离,再使小球a从原固定点由静止释放.撞在木板上并在白纸上留下痕迹B;

III .把半径相同的小球b 静止放在斜槽轨道水平段的最右端.让小球a仍从原固定点由静止释放,和小球b相碰后,两球撞在木板上并在白纸上留下痛迹A和C;

IV .用天平测量a、b 两小球的质量分别为ma、mb,用刻度尺测量白纸上O 点到A 、B 、C 三点的距离分别为y1、y2和y3

用本实验中所测得的量来验证两球碰撞过程动量守恒,其表达式为__________________。

 

23 . ( 16 分) 质最相同的A 、B 两小球同时从距地面高h =25m 处的同一点抛出,初速度大小均为v020m/s。A 球竖直向下抛出,B 球水平抛出,空气阻力不计,重力加速度g=10m/s2。求:

(l)A 球经过多长时间落地?

(2)当A 球落地时,A 、B 两球动能之比为多少?

 

24 . ( 18 分)宇宙中存在一些离其它恒星很远的四颗恒星组成的四星系统,通常可忽略其它星体对它们的引力作用。稳定的四星系统存在多种形式,其中一种是四颗质量相等的恒星位于正方形的四个顶点上,沿着外接于正方形的圆形轨道做匀速圆周运行;另一种如图所示,四颗恒星始终位于同一直线上,均围绕中点O 做匀速圆周运动。已知万有引力常最为G,请回答:

(1)已知第一种形式中的每颗恒星质量均为m,正方形边长为L,求其中一颗恒星受到的合力;

(2)已知第二种形式中的两外侧恒星质量均为m、两内侧恒星质最均为M ,四颗恒星始终位于

同一直线,且相邻恒星之间距离相等,求内侧恒星质量M与外侧恒质m的比值

 

 

 

 

 

 

25 . ( 19 分)如图所示,在光滑绝缘的水平面上.有两个竖直向下的匀强磁场区域1 、2 ,磁场的宽度和两个区域之间的距离均为l ,磁感应强度均为B0。一矩形金属线圈其ab边长为2l ,bc边长与磁场宽度相等,也为l 。它以初速度v=10v0进人第一个磁场区域,已知cd 边离开第一个磁场区域时速度为9v0。求:

 

⑴若金属线圈的电阻为R,求金属线圈的ab边刚进入区域1 的瞬间,线圈克服安培力做功的功率为多少?

⑵若金属线圈的质量为m ,求金属线圈通过区城l 的过程中,线圈中产生了多少热量?

⑶若金属线圈的质量和电阻均为未知,求线圈通过第二个磁场区域后(cd 边离开磁场)的速度。

 

 

14、C   15、C   16、D    17、D    28、B    19、B     20、B     21、A

22 . ( 19 分)( l )① 如图所示   (3 分)

② 立刻发光;逐渐亮起来  (各2 分)

( 2 )① OP ; ON   (各2 分)    ② 不会  ( 2 分)

③ D  (3 分)    ④          ( 3 分)

23 . ( 16 分)

解:( l ) A 球做竖直下抛运动,由运动学公式,有

     h = v0t+g t2    ( 4 分)

将v0 20m/s ,g=10m/s ,h =25m 代人上式.解得:t =1s     ( 2 分)

(2) B球做平抛运动,在相同的时问内.有

  水平方向:vx  =v0 20m/s     ( 2 分)

  竖直方向:vy=gt =10m/s   ( 2 分)

A 球的动能:EKAmvA 2m( v0 +gt )2       ( 2 分)

B球的动能:EKBmvB 2m()2       ( 2 分)

  动能之比:EKA┱EKB=9┱5       ( 2 分)

24 . ( 16 分)

解:(l)对其中任意一颗恒星.它受到的合力为

 F=GG      ( 6 分)

( 2 分)

(2)设相邻两颗恒星间距为a ,四颗星总位于同一直线,即四颗恒星运动的角速度ω相同,由万有引力定律和牛顿第二定律,对内侧星M 有

G+G―G=Mω2      (4分)

对外侧星m有

G+G+G=mω2      (4分)

解得M┱n = 85┱63 (2 分)

25 . ( 19 分)

解:(1)ab边刚进入时,线圈产生的感应电动势为

E =B0?2l?10v0   ( 2 分)

线圈中电流为 I =   (2 分)

安培力为F = B0?I?2l     (2 分)

克服安培力做功的功率为P =F?10 v0 (2 分)

(2)由能量守恒,线圈中产生的焦耳热为

Q =m[ (10v0 )2― (9v0 )2] =    (4 分)

(3)设线圈与第一个磁场区域重合时的速度为v1,由动旦定理可得

―B0?2l?1t 1 = m v1 ―  m?10 v0         ( 1 分)

―B0?2l?2t 2 = m?9v0 ― m v1            ( l 分)

q = 1t 12t 2 =   =      ( l 分)

解得: = m v0    ( 1 分)

同理,线圈通过第二个区域时,由动量定理可得

―B0?2l?3t 3 = m v2 ―m?9v0             ( l 分)

―B0?2l?4t 4 = mv3 ― m v2               ( l 分)

q = 3t 34t 4 =             

解得:v3 =8 v0                              ( l 分)