一、选择题 DBDAC DCCCD CB
二、填空题 13。 ; 14。-10,2; 15。;16。540
三、简答题
17.(1)
cosC= C=
(2) c2=a2+b2-2abcosC c=
=a2+b2-ab=(a+b)2-3ab. S=absinC=absin=ab=
Ab=6 (a+b)2=+3ab=+18= a+b=
18.方法一:(I)解:取AD中点O,连结PO,BO.
△PAD是正三角形,所以PO⊥AD,…………1分
又因为平面PAD⊥平面ABCD,
所以,PO⊥平面ABCD, …………3分
BO为PB在平面ABCD上的射影,
所以∠PBO为PB与平面ABCD所成的角.…………4分
由已知△ABD为等边三角形,所以PO=BO=,
所以PB与平面ABCD所成的角为45°. ………………5分
(Ⅱ)△ABD是正三角形,所以AD⊥BO,所以AD⊥PB, ………………6分
又,PA=AB=2,N为PB中点,所以AN⊥PB, ………………8分
所以PB⊥平面ADMN. ………………9分
(Ⅲ)连结ON,因为PB⊥平面ADMN,所以ON为PO在平面ADMN上的射影,
因为AD⊥PO,所以AD⊥NO, ………………11分
故∠PON为所求二面角的平面角. ………………12分
因为△POB为等腰直角三角形,N为斜边中点,所以∠PON=45°,
19.解:(I)随意抽取4件产品检查是随机事件,而第一天有9件正品
第一天通过检查的概率为 ……5分
(II)同(I),第二天通过检查的概率为 ……7分
因第一天,第二天是否通过检查相互独立
所以,两天全部通过检查的概率为: ……10分
(Ⅲ)记得分为,则的值分别为0,1,2
……11分
……12分
……13分
因此,
20.(1)yn=2logaxn, yn+1=2logaxn+1 yn+1 ? yn=2[logaxn+1 ? logaxn]=2loga
{xn}为等比数, 为定值, 所以{yn}为等差数列。
又因为y6- y3=3d=-6 d=-2 y1=y3-2d =22 Sn=22n+= - n2+23n
故当n=11或n=12时,Sn取得最大值132。
(2) yn=22+(n-1)(-2)=2logaxn xn=a12-n>1
当a>1时,12-n>0, n<12
当0<a<1时,12-n<0 n>12,
所以当0<a<1时,存在M=12,当n>M时,xn>1恒成立。
21.(Ⅰ)解:设点的坐标为,点的坐标为,
由,解得,
所以
.
当且仅当时,取到最大值.
(Ⅱ)解:由
得,
,
. ②
设到的距离为,则
, 又因为,
所以,代入②式并整理,得
,
解得,,代入①式检验,,
故直线的方程是
或或,或.
22.解:(1)由K=e得f(x)=ex-ex, 所以f’(x)=ex-e. 由f’(x)>0得x>1,故f(x)的单调增区间为(1,+∞),由f’(x)<0得x<1,故f(x)的单调递减区间为(-∞,1)(3分)
(2)由f(|x|)>0对任意x∈R成立等价于f(x)>0对任意x≥0成立。由f’(x)=ex-k=0得x=lnk. ①当k∈(0,1) 时 ,f’(x)=ex-k ≥1-k≥0(x>0),此时f(x)在(0,+∞上单调递增,故f(x)≥f(0)==1>),符合题意。②当k∈(1,+∞)时,lnk>0,当X变化时,f’(x)、f(x)的变化情况如下表:
X
(0,lnk)
lnk
(lnk,+ ∞)
f’(x)
-
0
+
f(x)
单调递减
极小值
单调递增
由此可得,在(0,+∞)上f(x)≥f(lnk)=k-lnk.依题意,k-klnk>0,又k>1,所以1<k<e.综上所述,实数k的取值范围是0<k<e. (8分)
(3)因为F(x)=f(x)+f(-x)=ex+e-x,所以F(x1)F(x2)= ≥≥ , 所以F(1)F( n)>en+1+2,F(2)F(n-1)>en+1+2
……F(n)F(1)>en+1+2.
由此得,[F(1)F(2)…F(n)]2=[F(1)F(n)][F(2)F(n-1)]…[F(n)F(1)]>(en+1+2)n
故F(1)F(2)…F(n)>(en+1+2) ,n∈N* (12分)