题目内容

18．有以下可供选用的实验器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流（量程）．
A．待测电流表A0：满偏电流约为700?A～800?A，内电阻约为100Ω，已知表盘上的刻度均匀且总格数为N
B．电流表A：量程为0.6A、内电阻为0.1Ω    C．电压表V：量程为3V、内电阻为3KΩ
D．滑动变阻器R：最大阻值为200Ω          E．电源E：电动势约为3V、内电阻为1.5Ω
F．开关S一只
（1）根据你的需要，“B、电流表A”和“C、电压表V”中应选择C．（填“B”或“C”）
（2）在虚线框内画出你设计的实验电路图．
（3）测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A0的指针偏转了n格，可计算出满偏电流Im=$\frac{NU}{n{R}_{v}}$．式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是U为电压表示数，RV电压表内阻．

分析 （1、2）电压表量程3V，内阻3KΩ，满偏电流为Ig=$\frac{3}{3000}$A=1mA，与待测电流表类似，可以当作电流表使用；采用滑动变阻器分压式接法，电压可以连续调节．
（3）根据欧姆定律求解出电压表电流，得到通过待测电流表的电流；电流表刻度均匀，每小格表示的电流相等；根据比例关系列式求解待测电流表的满偏电流．

解答 解：（1）电压表量程3V，内阻3KΩ，满偏电流为Ig=$\frac{3}{3000}$A=1mA=1000μA，与待测电流表类似，可以当作电流表使用，与待测电流表串联即可；
题目中的电流表量程0.6安，偏大，不需要；故应选用电压表C；
（2）本实验采用滑动变阻器分压式接法，电压可以连续调节．
电路图如图所示：

（3）待测电流表总格数为N，电流等于电压表电流，为：I=$\frac{U}{{R}_{V}}$；
电流表与电压表串联，通过他们的电流I相等，指针偏转格数之比：n：N=I：Ig，
故Ig=$\frac{NI}{n}$=$\frac{NU}{n{R}_{V}}$，U为电压表读数，RV为电压表内阻；
故答案为：（1）C；（2）如图所示，（3）$\frac{NU}{n{R}_{V}}$；U为电压表读数，RV为电压表内阻．

点评 本题关键是明确实验原理，知道电压表相当于纯电阻，能够结合欧姆定律列式分析．
应明确：①电表的反常规接法：当电压表的满偏电流与待测电流接近时，应考虑将电压表与待测电流串联；当电流表的满偏电压与待测电压相同时，应考虑将电流表与待测电路并联；②当变阻器的全电阻远小于待测电路的电阻时，变阻器应采用分压式接法．

练习册系列答案
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A．电流表的示数约为0.27AB．原线圈两端电压最大值为2200$\sqrt{2}$V
C．电源的输出功率为6WD．副线圈中交变电流的频率为5Hz
9．某同学利用如图所示的装置探究功与速度变化的关系．
（1）为求出小物块抛出时的动能，需要测量下列物理量中的ADE（填写选项前的字母序号）．
A．小物块的质量m
B．橡皮筋的原长x
C．橡皮筋的伸长量△x
D．桌面到地面的高度h
E．小物块抛出点到落地点的水平距离L
（2）实验时在钉子上分别套上1条、2条、3条…同样的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的长度都保持一致，橡皮筋对小物块做功分别记为W1、W2、W3、…，小物块抛出点到落地点的水平距离分别记为L1、L2、L3、…．在进行数据处理时，若功与速度的平方成正比，则应以W为纵坐标、L2为横坐标作图，才能得到一条直线．
6．用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定．
（1）实验时，不必要进行的操作是CD．
A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，同时记录弹簧测力计的示数
B．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带
C．用天平测出砂和砂桶的质量
D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量
（2）以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的a-F图象正确的是A．
13．压敏电阻的阻值随着所受压力的增大而减小，在升降机中将重物放在压敏电阻上，压敏电阻接在如图（a）所示的电路中，电流表的示数变化情况如图（b）所示．某同学根据电流表的示数变化情况推断升降机的运动情况．下列推断正确的是（　　）
A．0-t1时间内，升降机一定匀速运动
B．0-t1时间内，升降机可能减速上升
C．t1-t2时间内，升降机可能匀速上升
D．t1-t2时间内，升降机可能匀加速上升
3．如图所示，一滑块以初速度v0自固定于地面的斜面底端冲上斜面，到达某一高度后又返回底端．取沿斜面向上为正方向．下列表示滑块在斜面上整个运动过程中速度v随时间t变化的图象中，可能正确的是（　　）
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