Question

（2013?珠海二模）如图所示，一个质量为m的长木板静止在光滑的水平面上，并与半径为R的

1

4

光滑圆弧形固定轨道接触（但不粘连），木板的右端到竖直墙的距离为S；另一质量为2m的小滑块从轨道的最高点由静止开始下滑，从圆弧的最低点A滑上木板．设长木板每次与竖直墙的碰撞时间极短且无机械能损失．已知滑块与长木板间的动摩擦因数为μ．试求
（1）滑块到达A点时对轨道的压力的大小
（2）若滑块不会滑离长木板，试讨论长木板与墙第一次碰撞前的速度v与S的关系
（3）若S足够大，为了使滑块不滑离长木板，板长L应满足什么条件．

Answer 1

分析：（1）滑块下滑过程机械能守恒，先根据守恒定律求解A点速度；再A点重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求解支持力；最后根据牛顿第三定律求解压力；
（2）先假设S足够大，最后滑块与木板有共同速度，根据动量守恒定律求解出共同速度；然后对木板运用动能定理列式求解木板滑动的距离；
最后分情况讨论；
（3）滑块最终和长木板一起静止在地面上，根据功能关系列式求解．

解答：解：（1）滑块从轨道的最高点到最低点，机械能守恒，设到达A点的速度为v_A
则 

1

2

2mvA2=2mgR①
得：vA=

2gR

②
在A点有：NA-2mg=

2mvA2

R

③
由②③得：N_A=6mg④
由牛顿第三定律，滑块在A点对轨道的压力 NA′=6mg⑤
（2）若第一次碰撞前的瞬间，滑块与木板达到共同速度v，
则：（2m+m）v=2mv_A⑥
μ2mgS=

1

2

mv2⑦
由②⑥⑦得：S=

2R

9μ

⑧
ⅰ．若S≥

2R

9μ

，则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为v=

2

3

2gR

⑨
ⅱ．若S＜

2R

9μ

，则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为v'
则：

1

2

mv′2=μ2mgS⑩
得：v'=2

μgS

（3）因为S足够大，每次碰前滑块与木板共速；因为M＜m，每次碰后系统的总动量方向向右，要使滑块不滑离长木板，最终木板停在墙边，滑块停在木板上．
由能量守恒得：μ2mgL≥

1

2

2mvA2
解得：L≥

R

μ

答：（1）滑块到达A点时对轨道的压力的大小为6mg；
（2）长木板与墙第一次碰撞前的速度v与S的关系：
若S≥

2R

9μ

，则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为v=

2

3

2gR

；
若S＜

2R

9μ

，木板与墙第一次碰前瞬间的速度为v'=2

μgS

；
（3）若S足够大，为了使滑块不滑离长木板，板长L应满足L≥

R

μ

的条件．

点评：本题考查了机械能守恒定律和动量守恒定律，还要根据“一对滑动摩擦力做功等于系统内能增加量”列式，涉及的知识点较多，对学生的能力要求较强．