题目内容
9.如图所示,大小相同的摆球a和b的质量分别为m和3m,摆长相同,并排悬挂,平衡时两球刚好接触,现将摆球a向左边拉开一小角度后释放,若两球的碰撞是弹性的,下列判断中正确的是( )A. | 第一次碰撞后的瞬间,两球的速度大小不相等 | |
B. | 第一次碰撞后的瞬间,两球的动量大小相等 | |
C. | 第一次碰撞后,两球的最大摆角相同 | |
D. | 发生第二次碰撞后,两球的最大摆角与第一次碰撞后的最大摆角不相同 |
分析 两球碰撞过程中动量守恒、机械能守恒,由动量守恒与机械能守恒定律列方程,求出碰后的速度,然后答题.
解答 解:A、两球在碰撞前后,水平方向不受外力,故水平方向两球组成的系统动量守恒,取向右为正方向,由动量守恒定律有:mv0=mv1+3mv2,两球碰撞是弹性的,故机械能守恒,即:$\frac{1}{2}$mv02=$\frac{1}{2}$mv12+$\frac{1}{2}$•3mv22,解两式得:v1=-$\frac{{v}_{0}}{2}$,v2=$\frac{{v}_{0}}{2}$,可见第一次碰撞后的瞬间,两球的速度大小相等,方向相反,故A错误;
B、由前面分析知两球速度大小相等,因两球质量不相等,故两球碰后的动量大小不相等,故B错误;
C、两球碰后上摆过程,机械能守恒,故上升的最大高度相等,摆长也相等,故两球碰后的最大摆角相同,故C正确;
D、第二次碰撞过程,取向右为正方向,由动量守恒定律有:m$\frac{{v}_{0}}{2}$-3m$\frac{{v}_{0}}{2}$=mv3+3mv4,即得:-mv0=mv3+3mv4.两球碰撞是弹性的,故机械能守恒,即:$\frac{1}{2}$m($\frac{{v}_{0}}{2}$)2+$\frac{1}{2}$•3m($\frac{{v}_{0}}{2}$)2=$\frac{1}{2}$mv32+$\frac{1}{2}$•3mv42,解两式得:v3=$\frac{{v}_{0}}{2}$,v4=-$\frac{{v}_{0}}{2}$,由于发生第二次碰撞后,两球的速度大小与第一次碰撞速度大小相等,所以两球的最大摆角与第一次碰撞后的最大摆角相同,故D错误.
故选:C
点评 两小球的碰撞是弹性碰撞,由动量守恒定律与机械能守恒定律即可正确解题.
A. | 只要物体体积很小便能看成质点 | |
B. | 路程越大的物体,则位移一定越大 | |
C. | 若速度变化的方向为正,则加速度方向可能为负 | |
D. | 若速度变化率越大,则加速度一定越大 |
A. | ${\;}_{92}^{238}$U衰变成${\;}_{82}^{206}$Pb要经过6次β衰变和8次α衰变 | |
B. | 氡的半衰期为3.8天,若有4个氡原子核,则经过3.8天后就一定只剩下2个氡原子核 | |
C. | 放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的 | |
D. | β射线与γ射线一样是电磁波,但穿透本领远比γ射线弱 |
A. | U=110V,K=1 | B. | U=110V,K=4 | C. | U=88V,K=0.25 | D. | U=88V,K=1 |
A. | 其底部受到的弹力为120N | B. | 其底部受到的弹力为1200N | ||
C. | 其背部受到的弹力为120N | D. | 其背部受到的弹力为1200N |
A. | 斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大 | |
B. | 绳OA的拉力一直增大 | |
C. | 地面对斜面体有向左的摩擦力 | |
D. | 地面对斜面体的支持力大于物块P和斜面体的重力之和 |