题目内容
【题目】如图所示，质量m = 0.78 kg的金属块放在水平桌面上，在大小F = 3.0 N、方向与水平方向夹角θ = 37的拉力作用下，以v = 4.0 m/s的速度向右做匀速直线运动。已知
，
，取重力加速度
m/s2。求：
(1)金属块与桌面间的动摩擦因数μ；
(2)撤去拉力F后金属块在桌面上能滑行的距离d。
【答案】(1)
；(2)d=2.0m
【解析】
(1)金属块做匀速直线运动，故受力平衡，则有：Fcosθ=μ（mg-Fsinθ）
所以金属块与桌面间的动摩擦因数为：
(2)撤去拉力F后，金属块的合外力为：F合=f=μmg
故金属块做加速度为：a=μg=4m/s2的匀减速运动；
那么由匀变速运动规律可得,撤去拉力F后金属块在桌面上能滑行的距离为
.
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