题目内容
实验题：
（1）几位同学做“用插针法测定玻璃的折射率”实验，图示直线aa′、bb′表示在白纸上画出的玻璃的两个界面．几位同学进行了如下操作：
A．甲同学选定的玻璃两个光学面aa′、bb′不平行，其它操作正确．
B．乙同学在白纸上正确画出平行玻璃砖的两个界aa′、bb′后，将玻璃砖向aa′方向平移了少许，其它操作正确．
C．丙同学在白纸上画aa′、bb′界面时，其间距比平行玻璃砖两光学界面的间距稍微宽些，其它操作正确．
上述几位同学的操作，对玻璃折射率的测定结果没有影响的是
（2）实验桌上有下列实验仪器：
A．待测电源（电动势约3V，内阻约7Ω）；
B．直流电流表（量程0～0.6～3A，0.6A档的内阻约0.5Ω，3A档的内阻约0.1Ω；）
C．直流电压表（量程0～3～15V，3V档内阻约5kΩ，15V档内阻约25kΩ）；
D．滑动变阻器（阻值范围为0～15Ω，允许最大电流为1A）；
E．滑动变阻器（阻值范围为0～1000Ω，允许最大电流为0.2A）；
F．开关、导线若干；
G．小灯泡“4V、0.4A”．
请你解答下列问题：
①利用给出的器材测量电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精度且便于调节，应选择的滑动变阻器是
②请将图甲中实物连接成实验电路图；
③某同学根据测得的数据，作出U-I图象如图乙中图线a所示，由此可知电源的电动势E=
④若要利用给出的器材通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线，要求测量多组实验数据，请你在虚线框内画出实验原理电路图；
⑤将④步中得到的数据在同一U-I坐标系内描点作图，得到如图乙所示的图线b，如果将此小灯泡与上述电源组成闭合回路，此时小灯泡的实际功率为
（1）几位同学做“用插针法测定玻璃的折射率”实验，图示直线aa′、bb′表示在白纸上画出的玻璃的两个界面．几位同学进行了如下操作：
A．甲同学选定的玻璃两个光学面aa′、bb′不平行，其它操作正确．
B．乙同学在白纸上正确画出平行玻璃砖的两个界aa′、bb′后，将玻璃砖向aa′方向平移了少许，其它操作正确．
C．丙同学在白纸上画aa′、bb′界面时，其间距比平行玻璃砖两光学界面的间距稍微宽些，其它操作正确．
上述几位同学的操作，对玻璃折射率的测定结果没有影响的是
AB
AB
（填写字母代号）（2）实验桌上有下列实验仪器：
A．待测电源（电动势约3V，内阻约7Ω）；
B．直流电流表（量程0～0.6～3A，0.6A档的内阻约0.5Ω，3A档的内阻约0.1Ω；）
C．直流电压表（量程0～3～15V，3V档内阻约5kΩ，15V档内阻约25kΩ）；
D．滑动变阻器（阻值范围为0～15Ω，允许最大电流为1A）；
E．滑动变阻器（阻值范围为0～1000Ω，允许最大电流为0.2A）；
F．开关、导线若干；
G．小灯泡“4V、0.4A”．
请你解答下列问题：
①利用给出的器材测量电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精度且便于调节，应选择的滑动变阻器是
D
D
（填代号），理由是由于电源内阻较小，选择全电阻较小的滑动变阻器D便于调节，能使电表示数发生明显变化．
由于电源内阻较小，选择全电阻较小的滑动变阻器D便于调节，能使电表示数发生明显变化．
；②请将图甲中实物连接成实验电路图；
③某同学根据测得的数据，作出U-I图象如图乙中图线a所示，由此可知电源的电动势E=
3.0
3.0
V，内阻r=7.5
7.5
Ω；④若要利用给出的器材通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线，要求测量多组实验数据，请你在虚线框内画出实验原理电路图；
⑤将④步中得到的数据在同一U-I坐标系内描点作图，得到如图乙所示的图线b，如果将此小灯泡与上述电源组成闭合回路，此时小灯泡的实际功率为
0.30
0.30
W．分析：1、测定玻璃的折射率的实验原理是折射定律n=
．若已画好玻璃砖界面aa′和bb′后，作光路图时，就以aa′为边界，根据实际的边界与作图的边界不同，作出光路图，比较将玻璃砖向上平移时，入射角和折射角的关系，分析误差情况．
2、由于滑动变阻器E的额定电流远小于电流表的量程，电阻太大，调节时电路中电流表变化缓慢，不方便调节，而滑动变阻器D接入电路时，
电路中最小电流约为阻Imin=0.14A，并不超过电流表的量程，故应选择的滑动变阻器是D．按电流的流向，依次连接电路．
根据闭合电路欧姆定律可知，图象纵轴截距等于电源的电动势，斜率等于电源的内，由几何知识求出电动势和内阻．
小灯泡的伏安特性曲线与电源的U-I图线的交点表示小灯泡接在该电源上的工作状态，读出电压和电流，由P=UI求出功率．
| sini |
| sinr |
2、由于滑动变阻器E的额定电流远小于电流表的量程，电阻太大，调节时电路中电流表变化缓慢，不方便调节，而滑动变阻器D接入电路时，
电路中最小电流约为阻Imin=0.14A，并不超过电流表的量程，故应选择的滑动变阻器是D．按电流的流向，依次连接电路．
根据闭合电路欧姆定律可知，图象纵轴截距等于电源的电动势，斜率等于电源的内，由几何知识求出电动势和内阻．
小灯泡的伏安特性曲线与电源的U-I图线的交点表示小灯泡接在该电源上的工作状态，读出电压和电流，由P=UI求出功率．
解答：解：（1）A．甲同学选定的玻璃两个光学面aa′、bb′不平行，其它操作正确．根据折射定律n=
得知，测得的折射率将不变．故A正确
B．如下左图所示，红线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而黑线是作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律n=
得知，测得的折射率将不变．故B正确
C、如下右图所示．红线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而黑线是作图时所采用的光路图，可见，入射角没有变化，折射角的测量值偏大，则由n=
得，折射率测量值偏小；
故选AB．
（2）①由题，一方面，滑动变阻器E的额定电流远小于电流表的量程，而实验时电路中的电流要达到电流表量程的一半，即0.3A左右，容易烧坏此变阻器，另一方面容易，该变阻器总电阻太大，调节时电路中电流表变化缓慢，不方便调节，而滑动变阻器D接入电路时，电路中最小电流约为Imin=
=0.14A，并不超过电流表的量程，故应选择的滑动变阻器是D．
②图甲中实物连接成实验电路图：
③根据闭合电路欧姆定律可知，图象纵轴截距等于电源的电动势，斜率等于电源的内阻，
由几何知识得：纵轴截距b=3.0V，斜率k=
=7.5，
则电源的电动势为E=b=3.0V，内阻为r=k=7.5Ω．
④描绘出小灯泡的伏安特性曲线需要滑动变阻器采用分压式，一般情况下电流表采用外接法，实验原理电路图如图：
⑤小灯泡的伏安特性曲线与电源的U-I图线的交点表示小灯泡接在该电源上的工作状态，
读出交点处的电压和电流分别为：U=1.3V，I=0.23A，则小灯泡的功率为 P=UI=0.30W
故答案为：（1）AB
（2）①D，由于电源内阻较小，选择全电阻较小的滑动变阻器D便于调节，能使电表示数发生明显变化．
②如图所示 ③3.0V，7.5Ω ④如图所示 ⑤0.30W
| sini |
| sinr |
B．如下左图所示，红线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而黑线是作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律n=
| sini |
| sinr |
C、如下右图所示．红线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而黑线是作图时所采用的光路图，可见，入射角没有变化，折射角的测量值偏大，则由n=
| sini |
| sinr |
故选AB．（2）①由题，一方面，滑动变阻器E的额定电流远小于电流表的量程，而实验时电路中的电流要达到电流表量程的一半，即0.3A左右，容易烧坏此变阻器，另一方面容易，该变阻器总电阻太大，调节时电路中电流表变化缓慢，不方便调节，而滑动变阻器D接入电路时，电路中最小电流约为Imin=
| 3 |
| 15+7 |
②图甲中实物连接成实验电路图：
③根据闭合电路欧姆定律可知，图象纵轴截距等于电源的电动势，斜率等于电源的内阻，
由几何知识得：纵轴截距b=3.0V，斜率k=
| 3 |
| 0.4 |
则电源的电动势为E=b=3.0V，内阻为r=k=7.5Ω．
④描绘出小灯泡的伏安特性曲线需要滑动变阻器采用分压式，一般情况下电流表采用外接法，实验原理电路图如图：
⑤小灯泡的伏安特性曲线与电源的U-I图线的交点表示小灯泡接在该电源上的工作状态，
读出交点处的电压和电流分别为：U=1.3V，I=0.23A，则小灯泡的功率为 P=UI=0.30W
故答案为：（1）AB
（2）①D，由于电源内阻较小，选择全电阻较小的滑动变阻器D便于调节，能使电表示数发生明显变化．
②如图所示 ③3.0V，7.5Ω ④如图所示 ⑤0.30W
点评：1、对于实验误差，要紧扣实验原理，用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差．
2、本题考查选择器材、连接线路、分析图象的能力，关键根据实验的原理：闭合电路欧姆定律进行研究．
2、本题考查选择器材、连接线路、分析图象的能力，关键根据实验的原理：闭合电路欧姆定律进行研究．
练习册系列答案
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（2006?武汉模拟）（1）几位同学做“用插针法测定玻璃折射率”实验，图示直线aa′、bb′表示在白纸上画出的玻璃砖的两个界面．几位同学进行了如下操作：
（1）几位同学做“用插针法测定玻璃折射率”实验，图示直线aa′与bb′表示在白纸上画出的玻璃砖的两个界面．几位同学进行了如下操作：
与标准电流表
每一小格进行核对（仅核对1mA量程），请在答题卷上虚线框内画出所用电路图．
