题目内容
8.如图所示,一小型发电机内有n=100匝矩形线圈,线圈面积S=0.02m2,线圈电阻忽略不计.在外力作用下绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动,角速度ω=100rad/s,匀强磁场B=$\frac{\sqrt{2}}{10}$T,发电机的输出端与一理想变压器原线圈连接,原线圈上接有理想电流表,副线圈上接有电阻R=10Ω,“40V,20W”的灯泡L1和L2,开关S断开时,L1正常发光(不考虑温度对阻值的影响).求:(1)发电机产生的电动势瞬时值表达式e(从图中的中性面位置开始计时).
(2)变压器原副线圈的匝数比n1:n2.
(3)S闭合后电流表的读数I1和发电机的输出功率P.
分析 (1)先由交变电动势的最大值公式${E}_{m}^{\;}=nBSω$,线圈从中性面开始计时,电动势的瞬时值表达式为$e={E}_{m}^{\;}sinωt$
(2)求出灯泡的电阻和额定电流.根据欧姆定律求出副线圈两端的电压,由电压与匝数成正比即可求出匝数比
(3)s闭合时,求出副线圈的电流,由电流与匝数成反比求出原线圈的电流,发电机的输出功率由${P}_{2}^{\;}={U}_{1}^{\;}{I}_{1}^{\;}={U}_{2}^{\;}{I}_{2}^{\;}$求解
解答 解:(1)电动势的最大值为:${E}_{m}^{\;}=nBSω=20\sqrt{2}V$
中性面位置开始计时,电动势瞬时值表达式$e={E}_{m}^{\;}sinωt=20\sqrt{2}sin100t$
(2)L1和L2的电阻:${R}_{L}^{\;}=\frac{{U}_{L}^{2}}{{P}_{L}^{\;}}=80Ω$
额定电流:${I}_{L}^{\;}=\frac{{P}_{L}^{\;}}{{U}_{L}^{\;}}=0.5A$
变压器副线圈两端电压:${U}_{2}^{\;}={I}_{L}^{\;}(R+{R}_{L}^{\;})=45V$
${U}_{1}^{\;}=\frac{{E}_{m}^{\;}}{\sqrt{2}}=20V$
$\frac{{n}_{1}^{\;}}{{n}_{2}^{\;}}=\frac{{U}_{1}^{\;}}{{U}_{2}^{\;}}=\frac{4}{9}$
(3)S闭合时有:${I}_{2}^{\;}=\frac{{U}_{2}^{\;}}{R+\frac{{R}_{L}^{\;}}{2}}=0.9A$
由$\frac{{I}_{1}^{\;}}{{I}_{2}^{\;}}=\frac{{n}_{2}^{\;}}{{n}_{1}^{\;}}$ 得:${I}_{1}^{\;}=\frac{{n}_{2}^{\;}}{{n}_{1}^{\;}}{I}_{2}^{\;}=2.025A$
发电机的输出功率为:$P={U}_{2}^{\;}{I}_{2}^{\;}=40.5W$
答:(1)发电机产生的电动势瞬时值表达式e=$20\sqrt{2}sin100t$
(2)变压器原副线圈的匝数比4:9
(3)S闭合后电流表的读数为2.025A和发电机的输出功率P为40.5W.
点评 理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象.同时当电路中有变压器时,只要将变压器的有效值求出,则就相当于一个新的恒定电源,其值就是刚才的有效值
A. | 变压器可以改变交变电压但不能改变频率 | |
B. | 扼流圈对交流的阻碍作用主要是因为线圈存在电阻 | |
C. | 电磁炉是利用电磁感应涡流的加热原理 | |
D. | 镇流器的自感系数很大,启动日光灯时,镇流器利用自感现象产生瞬时高压 |
A. | A1的示数不变,A2的示数不变 | B. | A1的示数减小,A2的示数减小 | ||
C. | V1的示数减小,V2的示数减小 | D. | V1的示数增大,V2的示数增大 |
A. | ${\;}_{90}^{232}$Th衰变成${\;}_{82}^{208}$Pb要经过4次α衰变和6次β衰变 | |
B. | 放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的 | |
C. | 放射性元素的原子核有半数发生衰变所需的时间,叫做这种元素的半衰期 | |
D. | β射线和γ射线一样都是电磁波,但就穿透本领而言β射线远比γ射线小 |
A. | 该波传播的方向沿x轴正方向 | |
B. | P点的振幅比Q点的小 | |
C. | 经过△t=4s,质点P将向右移动8m | |
D. | 经过△t=4s,质点Q通过的路程是0.4m |
A. | 速率 | B. | 向心力 | C. | 角速度 | D. | 周期 |