题目内容
(2009?宁波模拟)如图,阻值不计的光滑金属导轨MN和PQ 水平放置,其最右端间距d为1m,左端MP接有阻值r为4Ω的电阻,右端NQ与半径R为2m的光滑竖直半圆形绝缘导轨平滑连接;一根阻值不计的长为 L=l.2m,质量 m=0.5kg 的金属杆 ab 放在导轨的 EF 处,EF 与MP平行.在平面NQDC的左侧空间中存在竖直向下的匀强磁场 B,平面NQDC的右侧空间中无磁场.现杆 ab 以初速度V0=12m/s 向右在水平轨道上做匀减速运动,进入半圆形导轨后恰能通过最高位置 CD 并恰又落到 EF 位置;(g取10m/s2 ) 求:
(l)杆ab刚进入半圆形导轨时,对导轨的压力;
(2)EF到QN的距离;
(3)磁感应强度B的大小.
(l)杆ab刚进入半圆形导轨时,对导轨的压力;
(2)EF到QN的距离;
(3)磁感应强度B的大小.
分析:(1)金属杆ab恰能通过最高位置CD时,由重力提供向心力,根据牛顿第二定律可求出经过最高点的速度.棒从NQ到最高点的过程机械能守恒,则可求出棒通过NQ时的速度.棒经NQ时,由重力和轨道的支持力提供其向心力,由牛顿运动定律求出杆ab刚进入半圆形导轨时对导轨的压力;
(2)ab 离开半圆形导轨后做平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做自由落体运动,由下落的高度为2R和最高点的速度结合可求出EF到NQ的距离;
(3)杆 ab 做匀减速运动,由运动学公式、牛顿第二定律和安培力结合可求得B.
(2)ab 离开半圆形导轨后做平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做自由落体运动,由下落的高度为2R和最高点的速度结合可求出EF到NQ的距离;
(3)杆 ab 做匀减速运动,由运动学公式、牛顿第二定律和安培力结合可求得B.
解答:解:( 1 )设杆ab刚进入半圆形导轨时速度为v1到达最高位置,速度为v2,由于恰能通过最高点,则:
mg=
得:v2=2
m/s
杆ab进入半圆形导轨后,由于轨道绝缘,无感应电流,则根据机械能守恒:
m
-
m
=mg?2R
得:v1=10m/s
设在最低点时半圆形轨道对杆 ab 的支持力为 N
N-mg=
解得:N=30N
( 2 )杆ab离开半圆形导轨后做平抛运动,设经时间t落到水平导轨上
gt2=2R
解得:t=
s
则杆ab与NQ的水平距离 S=4m 故EF与NQ的水平距离为4m
(3)设杆ab做匀减速运动的加速度为a,
则有:v
-v
=2as
得:a=-5.5m/s2
对杆刚要到达NQ位置处进行分析,由FA=BId,I=
得:
根据牛顿第二定律得:FA=ma
联立解得:B=
=
T≈1.05T
答:(l)杆ab刚进入半圆形导轨时,对导轨的压力为30N;
(2)EF到QN的距离为4m;
(3)磁感应强度B的大小为1.05T.
mg=
mv2 |
R |
得:v2=2
5 |
杆ab进入半圆形导轨后,由于轨道绝缘,无感应电流,则根据机械能守恒:
1 |
2 |
v | 2 1 |
1 |
2 |
v | 2 2 |
得:v1=10m/s
设在最低点时半圆形轨道对杆 ab 的支持力为 N
N-mg=
mv2 |
R |
解得:N=30N
( 2 )杆ab离开半圆形导轨后做平抛运动,设经时间t落到水平导轨上
1 |
2 |
解得:t=
2
| ||
5 |
则杆ab与NQ的水平距离 S=4m 故EF与NQ的水平距离为4m
(3)设杆ab做匀减速运动的加速度为a,
则有:v
2 1 |
2 0 |
得:a=-5.5m/s2
对杆刚要到达NQ位置处进行分析,由FA=BId,I=
Bdv1 |
r |
B2d2v1 |
r |
根据牛顿第二定律得:FA=ma
联立解得:B=
|
1.1 |
答:(l)杆ab刚进入半圆形导轨时,对导轨的压力为30N;
(2)EF到QN的距离为4m;
(3)磁感应强度B的大小为1.05T.
点评:本题的突破口是棒恰能通过最高位置CD,达到临界状态,由牛顿第二定律可求得临界速度.本题是电磁感应中的力学问题,安培力的分析和计算是关键.
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