题目内容
15.一光滑曲面的末端与一长L=1m的水平传送带相切,传送带离地面的高度h=1.25m,传送带的滑动摩擦因数μ=0.1,地面上有一个直径D=0.5m的圆形洞,洞口最左端的A点离传送带右端的水平距离S=1m,B点在洞口的最右端.传动轮作顺时针转动,使传送带以恒定的速度运动.现使某小物体从曲面上距离地面高度H处由静止开始释放,到达传送带上后小物体的速度恰好和传送带相同,并最终恰好由A点落入洞中.求:(1)传送带的运动速度v是多大.
(2)H的大小.
(3)若要使小物体恰好由B点落入洞中,小物体在曲面上由静止开始释放的位置距离地面的高度H′应该是多少?
分析 (1)小物体从传送带滑出时做平抛运动,恰好由A点落入洞中,已经知道做平抛运动的水平和竖直位移,可根据平抛运动的规律求出初速度,刚到达传送带上时小物体的速度恰好和传送带相同,说明它们无相对运动,一起以相同的速度做匀速运动直到抛出,所以传送带的运动速度等于刚抛出时的速度;
(2)小物体从初始位置刚滑到传送带上的过程中只有重力做功,可以用动能定理求出小物体下落的高度,加上h,就是H的大小;
(3)小物体从传送带滑出时做平抛运动,若要使小物体恰好由B点落入洞中,则要求它的水平位移为s+D,竖直位移为h,根据平抛运动的规律求出抛出时的初速度,再根据动能定理即可解得H′.
解答 解:(1)小物体做平抛运动有:h=$\frac{1}{2}g{t}^{2}$,
$v=\frac{s}{t}$=$\sqrt{\frac{g}{2h}}s=\sqrt{\frac{10}{2×1.25}}×1=2m/s$.
(2)由机械能守恒定律有:
mg(H-h)=$\frac{1}{2}m{v}^{2}$,
所以,
$H=h+\frac{{v}^{2}}{2g}$=1.45m.
(3)设此时平抛运动的初速为v′,则有:S+D=v′t
所以:
$v′=\sqrt{\frac{g}{2h}}(S+D)=\sqrt{\frac{10}{2×1.25}}×(1+0.5)$=3m/s,
由动能定律有:
$mg(H′-h)-μmghl=\frac{1}{2}m{v′}^{2}$,
解得:
$H′=h+μL+\frac{v{′}^{2}}{2g}=1.8m$.
答:
(1)传送带的运动速度v为2m/s;H的大小为1.45m;
(2)H的大小为1.45m;
(3)若要使小物体恰好由B点落入洞中,小物体在曲面上由静止开始释放的位置距离地面的高度H′应该是1.8m
点评 本题是平抛运动的基本规律和动能定理应用相结合的题型,其中还涉及到物体与传送带的相对运动,关键要正确分析物体的运动情况,把握每个过程的物理规律.
A. | 第一次可能在d点相遇,相遇时,vA>vB>v0 | |
B. | 第一次可能在c点相遇,相遇时,vA=vB<v0 | |
C. | 第一次可能在e点相遇,相遇时,vA=vB=v0 | |
D. | 第一次相遇不可能在e点,当B球到达e点时,vA<vB=v0 |
A. | 两轮转动的角速度相等 | B. | 大轮转动的角速度是小轮的2倍 | ||
C. | 质点A的加速度是质点B的2倍 | D. | 质点B的加速度是质点C的4倍 |
A. | 小球的角速度突然增大 | B. | 球的速度突然减小到零 | ||
C. | 小球的向心加速度突然增大 | D. | 悬线张力突然增大 |
A. | 该传感器是根据电流的磁效应工作的 | |
B. | 该传感器是根据电磁感应原理工作的 | |
C. | 膜片振动时,穿过金属线圈的磁通量不变 | |
D. | 膜片振动时,闭合的金属线圈中就会产生感应电流 |
A. | 电性与场源电荷的电性相同 | B. | 在a、b两点所受电场力大小Fa>Fb | ||
C. | 在a、b两点时速度大小va>vb | D. | 在a、b两点的电势能Ea<Eb |
A. | 电流表A的示数增大 | B. | 电压表V2的示数增大 | ||
C. | 电压表V1的示数增大 | D. | △U1大于△U2 |