题目内容
己知三棱柱ABC-A1B1C1，A1在底面ABC上的射影恰为AC的中点D，∠BCA=90°，AC=BC=2，又知BA1⊥AC1（Ⅰ）求证：AC1⊥平面A1BC；
（Ⅱ）求点C到平面A1AB的距离；
（Ⅲ）求二面角A-A1B-C余弦值的大小．
分析：解法一--几何法：
（I）根据已知中∠BCA=90°得BC⊥AC，由A1在底面ABC上的射影恰为AC的中点D，可得A1D⊥BC，结合线面垂直判定定理得BC⊥面A1AC，所以BC⊥AC1，又由BA1⊥AC1，再由线面垂直的判定定理，可得AC1⊥平面A1BC；
（Ⅱ）根据（I）的结论可得A1ACC1是菱形，进而根据AC=BC=2，我们可以根据VC-AA1B=VA1-ABC，得到点C到平面A1AB的距离；
（Ⅲ）令AC1∩A1C=O，作OE⊥A1B于E，连AE，由（I）中结论可得A1B⊥AE，故∠AEO为二面角平面角，解三角形AEO即可得到答案．
解法二--向量法：（I）取AB的中点E，则DE∥BC，因为BC⊥AC，所以DE⊥AC，又A1D⊥平面ABC，以DE，DC，DA1为x，y，z轴建立空间坐标系，求出各点坐标，进而得到相应向量的坐标，利用向量垂直数量积为0，可以判断出AC1与平面A1BC内两条件相交直线都垂直，进而得AC1⊥平面A1BC；
（II）C到平面A1AB的距离d=
，其中
平面A1AB的法向量，求出法向量的坐标，代入即可求出答案．
（III）分别求出平面AA1B与平面A1BC的法向量，代入向量夹角公式，即可求出答案．
（I）根据已知中∠BCA=90°得BC⊥AC，由A1在底面ABC上的射影恰为AC的中点D，可得A1D⊥BC，结合线面垂直判定定理得BC⊥面A1AC，所以BC⊥AC1，又由BA1⊥AC1，再由线面垂直的判定定理，可得AC1⊥平面A1BC；
（Ⅱ）根据（I）的结论可得A1ACC1是菱形，进而根据AC=BC=2，我们可以根据VC-AA1B=VA1-ABC，得到点C到平面A1AB的距离；
（Ⅲ）令AC1∩A1C=O，作OE⊥A1B于E，连AE，由（I）中结论可得A1B⊥AE，故∠AEO为二面角平面角，解三角形AEO即可得到答案．
解法二--向量法：（I）取AB的中点E，则DE∥BC，因为BC⊥AC，所以DE⊥AC，又A1D⊥平面ABC，以DE，DC，DA1为x，y，z轴建立空间坐标系，求出各点坐标，进而得到相应向量的坐标，利用向量垂直数量积为0，可以判断出AC1与平面A1BC内两条件相交直线都垂直，进而得AC1⊥平面A1BC；
（II）C到平面A1AB的距离d=
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| ||||
|
|
| n |
（III）分别求出平面AA1B与平面A1BC的法向量，代入向量夹角公式，即可求出答案．
解答：
解法一--几何法：
（I）∠BCA=90°得BC⊥AC，因为A1D⊥底ABC，所以A1D⊥BC，A1D∩AC=D，所以BC⊥面A1AC，所以BC⊥AC1
因为BA1⊥AC1，BA1∩BC=B，所以AC1⊥底A1BC
（II）由（I）得AC1⊥A1C，所以A1ACC1是菱形，
所以AC=AA1=A1C=2，AB=A1B=2
，
由VC-AA1B=VA1-ABC，得h=
（III）设AC1∩A1C=O，作OE⊥A1B于E，连AE，由（1）所以A1B⊥AE，所以∠AEO为二面角平面角，
在Rt△A1BC中OE=
，AO=
，AE=
，所以cosα=
，所以二面角余弦
解法二--向量法：
（I）如图，取AB的中点E，则DE∥BC，因为BC⊥AC，所以DE⊥AC，又A1D⊥平面ABC，以DE，DC，DA1为x，y，z轴建立空间坐标系，则A（0，-1，0），C（0，1，0），B（2，1，0），A1（0，0，t），C1（0，2，t），
=(0，3，t)，
=(-2，-1，t)，
=(2，0，0)，
由
•
=0，知A1C⊥CB，
又BA1⊥AC1，从而AC1⊥平面A1BC；
（II）由
•
=-3+t2=0，得t=
设平面A1AB的法向量为
=(x，y，z)，
=(0，1，
)，
=(2，2，0)，所以
，设z=1，则
=(
，-
，1)
所以点C到平面A1AB的距离d=
=
（III）再设平面A1BC的法向量为
=(x，y，z)，
=(0，-1，
)，
=(2，0，0)，
所以
，设z=1，则
=(0，
，1)，
故cos＜
，
＞=
=-
，根据法向量的方向可知二面角A-A1B-C的余弦值大小为
解法一--几何法：（I）∠BCA=90°得BC⊥AC，因为A1D⊥底ABC，所以A1D⊥BC，A1D∩AC=D，所以BC⊥面A1AC，所以BC⊥AC1
因为BA1⊥AC1，BA1∩BC=B，所以AC1⊥底A1BC
（II）由（I）得AC1⊥A1C，所以A1ACC1是菱形，
所以AC=AA1=A1C=2，AB=A1B=2
| 2 |
由VC-AA1B=VA1-ABC，得h=
2
| ||
| 7 |
（III）设AC1∩A1C=O，作OE⊥A1B于E，连AE，由（1）所以A1B⊥AE，所以∠AEO为二面角平面角，
在Rt△A1BC中OE=
| ||
| 2 |
| 3 |
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| 2 |
| ||
| 7 |
| ||
| 7 |
解法二--向量法：
（I）如图，取AB的中点E，则DE∥BC，因为BC⊥AC，所以DE⊥AC，又A1D⊥平面ABC，以DE，DC，DA1为x，y，z轴建立空间坐标系，则A（0，-1，0），C（0，1，0），B（2，1，0），A1（0，0，t），C1（0，2，t），
| AC1 |
| BA1 |
| CB |
由
| A1C |
| CB |
又BA1⊥AC1，从而AC1⊥平面A1BC；
（II）由
| AC1 |
| BA1 |
| 3 |
设平面A1AB的法向量为
| n |
| AA1 |
| 3 |
| AB |
|
| n |
| 3 |
| 3 |
所以点C到平面A1AB的距离d=
|
| ||||
|
|
2
| ||
| 7 |
（III）再设平面A1BC的法向量为
| m |
| CA1 |
| 3 |
| CB |
所以
|
| m |
| 3 |
故cos＜
| m |
| n |
| ||||
|
|
| ||
| 7 |
| ||
| 7 |
点评：本题考查的知识点是直线与平面垂直的判定，点面之间距离的计算，二面角的平面角，解答立体几何有几何法和向量法两种方法，前者要求熟练掌握相应的判定定理、性质定理，要求有较强的逻辑性，后者可将空间问题转化为向量问题，需要记忆大量公式和较强的计算能力．
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