题目内容
6.果蝇的眼色由两对独立遗传的基因(A、a和B、b)控制.A、a基因位于Ⅱ号染色体上,其中A和B同时存在时果蝇表现为红眼,B存在而A不存在时为粉红眼,其余情况为白眼.现选择两只红眼雌、雄果蝇交配,产生的后代如下图1所示.图2表示雌雄果蝇体细胞的染色体图.请回答:(1)B、b基因所在的染色体是X染色体(填“常染色体”或“X染色体”),亲代雌、雄果蝇的基因型分别为AaXBXb、AaXBY.
(2)F1雄果蝇中表现型及其比例为红眼:粉红眼:白眼=3:1:4,F1雄果蝇能产生6种基因型的配子.
(3)从F1中选出红眼果蝇进行杂交,所得子代中粉红眼果蝇出现的概率为$\frac{7}{72}$.
分析 已知果蝇的眼色由两对独立遗传的基因(A、a和B、b)控制,其中Aa位于常染色体上,图中显示性状雌雄表现不同,与性别相关联,则B、b位于X染色体上.
A和B同时存在时果蝇表现为红眼(A_B_),B存在而A不存在时为粉红眼(aaB_),其余情况为白眼(A_bb或aabb).
由于亲本都是红眼,后代出现了粉红眼,且雄性后代有3种表现型,因此亲本的基因型为AaXBXb×AaXBY,据此答题.
解答 解:(1)由分析判断可知,B、b位于X染色体上,由于亲本都是红眼,即雄果蝇为A_XBY、雌果蝇为A_XBX-,而后代出现雌雄均出现粉红眼(即aaXBX-或aaXBY),说明亲本均为Aa;又由于后代中雄性出现白眼(A_XbY或aaXbY),由此可以确定亲本的基因型为AaXBXb×AaXBY.
(2)亲本的基因型为AaXBXb×AaXBY,因此F1雄果蝇中有$\frac{1}{8}$AAXBY(红)、$\frac{1}{8}$AAXbY(白)、$\frac{1}{4}$AaXBY(红)、$\frac{1}{4}$AaXbY(白)、$\frac{1}{8}$aaXBY(粉红)、$\frac{1}{8}$aaXbY(白),因此F1雄果蝇中表现型及其比例为红眼:粉红眼:白眼=3:1:4;F1雄果蝇产生的配子有AXB、AXb、AY、aXB、aXb、aY共6种.
(3)根据亲本的基因型可以判断,F1中红眼雌果蝇的基因型为$\frac{1}{6}$AAXBXB、$\frac{1}{6}$AAXBXb、$\frac{2}{6}$AaXBXB、$\frac{2}{6}$AaXBXb,红眼雄果蝇的基因型为$\frac{1}{3}$AAXBY、$\frac{2}{3}$AaXBY,这些红眼果蝇进行杂交,所得子代中粉红眼果蝇(aaXBX-、aaXBY)出现的概率=$\frac{2}{3}×\frac{2}{3}×\frac{1}{4}×\frac{1}{2}+\frac{2}{3}×\frac{2}{3}×\frac{1}{4}×\frac{3}{4}×\frac{1}{2}=\frac{7}{72}$.
故答案为:
(1)X染色体 AaXBXb AaXBY
(2)红眼:粉红眼:白眼=3:1:4 6
(3)$\frac{7}{72}$
点评 本题具有一定的难度,考查基因自由组合定律的实质及应用、伴性遗传,要求考生掌握基因自由组合定律的实质及伴性遗传的特点,能根据题干信息推断基因型与表现型之间的对应关系,进而推断亲本的基因型,再作出准确的判断.
A. | 过程①伴随有ATP的消耗 | B. | 过程②发生时的产物还有C3 | ||
C. | 过程③需要消耗水 | D. | 过程④发生在线粒体的基质中 |
A. | 慢跑 | B. | 剧烈奔跑 | ||
C. | 产生的能量一样高 | D. | 无法判断 |
A. | 将单个的脱氧核苷酸连接成DNA分子的主要酶是DNA连接酶 | |
B. | 只有嘌呤与嘧啶配对,才能保证DNA两条长链之间的距离不变 | |
C. | 外侧交替连接的磷酸和脱氧核糖以及内侧的碱基共同构成DNA分子的基本骨架 | |
D. | 每个磷酸基团上都连着两个五碳糖 |
A. | 捕食者的存在不利于增加物种多样性 | |
B. | 物种之间的共同进化都是通过物种之间的生存斗争实现的 | |
C. | 发生在生物体内的基因突变,不可能使种群的基因频率发生变化 | |
D. | 在自然选择的作用下,种群的基因频率会发生定向改变 |