Question

（1）物质的分类，计算和化学反应的判断是化学学习的重要方面，回答下列问题．
Ⅰ．现有以下物质：
①NaCl晶体  ②O₂  ③液态HCl  ④汞  ⑤BaSO₄固体 ⑥纯蔗糖（C₁₂H₂₂O₁₁）  ⑦酒精（C₂H₅OH）  ⑧熔化的KNO₃
请回答下列问题（用序号）：
（1）以上物质中能导电的是

④⑧

．
（2）以上物质中属于电解质的是

①③④⑧

．
Ⅱ．（1）写出下列反应的离子方程式：
①氧化铜和盐酸溶液：

CuO+2H⁺=Cu²⁺+H₂O

．
②氢氧化钡溶液和稀硫酸溶液：

Ba²⁺+2OH^-+2H⁺+SO₄^2-=BaSO₄↓+2H₂O

．
（2）写出氢气还原三氧化二铁的反应，并用双线桥分析该反应

；该反应的氧化剂是

Fe₂O₃

，还原剂是

H₂

．
（3）已知铜在常温下能被稀硝酸溶解，其反应的化学方程式如下，用单线桥法分析该反应．
3Cu+8HNO₃══3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O
从上述反应可得出物质的氧化性强弱顺序为

HNO₃＞Cu（NO₃）₂

．
Ⅲ．①3.01×10²³个HCl分子的物质的量是

0.5mol

．
②标准状况下，6.72L CH₄的质量是

4.8g

．
③将30mL  0.5mol/LNaOH溶液加水稀释到500mL，稀释后溶液中NaOH的物质的量浓度是

0.03mol/L

．

Answer 1

分析：Ⅰ、（1）以上物质中能导电需要溶液中存在自由移动的离子，固体中存在自由移动的电子；
（2）电解质是水溶液中或熔融状态下能导电的化合物；
Ⅱ、（1）依据物质的性质写出离子方程式：氧化铜难溶于水，硫酸钡是沉淀；
（2）依据氧化还原反应的概念分析判断，元素化合价升高的做还原剂，元素化合价降低的做氧化剂；双线桥法标注得到电子和失电子的方向，中的转移数目；
（3）3Cu+8HNO₃══3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O，单线桥表示电子转移方向和数目；氧化剂的氧化性大于氧化产物；
Ⅲ、①依据n=

N

NA

计算；
②依据n=

V

Vm

=

m

M

计算；
③依据稀释溶液溶质物质的量不变计算．

解答：解：Ⅰ、①NaCl晶体是电解质，不能导电；②O₂是单质不导电；③液态HCl是电解质不导电；④汞是单质导电；⑤BaSO₄固体是电解质不导电；⑥纯蔗糖（C₁₂H₂₂O₁₁）为非电解质不导电；⑦酒精（C₂H₅OH）为非电解质不导电；⑧熔化的KNO₃为电解质能导电；
（1）以上物质中能导电的是④⑧，故答案为：④⑧；
（2）以上物质中属于电解质的是①③④⑧，故答案为：①③④⑧；
Ⅱ（1）①氧化铜是难溶于水的氧化物，离子方程式为：CuO+2H⁺=Cu²⁺+H₂O，故答案为：CuO+2H⁺=Cu²⁺+H₂O； 
②氢氧化钡和硫酸反应生成沉淀硫酸钡和水，反应的离子方程式为：Ba²⁺+2OH^-+2H⁺+SO₄^2-=BaSO₄↓+2H₂O，故答案为：Ba²⁺+2OH^-+2H⁺+SO₄^2-=BaSO₄↓+2H₂O；
（2）氢气还原三氧化二铁的反应为：Fe₂O₃+3H₂=2Fe+3H₂O；双线桥法表示为：，反应中铁元素化合价降低，则做Fe₂O₃氧化剂，反应中氢元素化合价升高，则H₂为还原剂，故答案为：；Fe₂O₃；H₂；
（3）3Cu+8HNO₃══3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O，单线桥表示电子转移方向和数目为：，依据氧化还原反应中氧化剂的氧化性大于氧化产物得到：HNO₃＞Cu（NO₃）₂，故答案为：； HNO₃＞Cu（NO₃）₂；
Ⅲ、①3.01×10²³个HCl分子的物质的量=

N

NA

=

3.01×1023

6.02×1023/mol

=0.5mol，故答案为：0.5mol；
②标准状况下，6.72L CH₄的质量=

6.72L

22.4L/mol

×16g/mol=4.8g，故答案为：4.8g；
③将30mL  0.5mol/LNaOH溶液加水稀释到500mL，稀释后溶液中NaOH的物质的量浓度设为x，则0.03L×0.5mol/L=0.5L×x，
x=0.03mol/L，故答案为：0.03mol/L．

点评：本题考查了电解质非电解质概念应用，离子方程式的书写方法，氧化还原反应的概念应用，强弱规律的应用，电子转移标注，单线桥，双线桥表示方法，物质的量与各量的计算关系．