题目内容

已知A、E是生活中常见的两种有机物;B是石油裂解气的主要成分,它的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平;A能在酸性高锰酸钾的条件下生成E; C是高分子化合物。在一定条件下由A可以转变为有机物B、C、D、E、F(A、B、D、E碳原子数相等)。转变关系如下:

  
请回答下列问题:
(1)B的电子式是____________。
(2) E的官能团名称是____________。
(3) 写出实现下列转化的化学方程式
①A→D                                          
② B→C                                          
(4) A是一种高效、低耗、污染小的可再生的清洁能源,已知1molA完全燃烧生成CO2气体和水蒸气放出1367kJ热量,则在相同条件下,1molA完全燃烧生成CO2气体和液态水,放出的热量________1367kJ(填“>”、“=”或“<”)。
(5) 在可逆反应当中,产率指的是某种生成物的实际产量与理论产量的比值.若100克A和120克E反应生成了88克F,则F的产率是____________(用百分数表示)
(6)下列关于A、B、C、D、E、F六种物质说法正确的是____________
A.C具有固定的元素组成,因而有固定的熔沸点
B.C中有不饱和键,所以能使高锰酸钾溶液褪色
C. 取等物质的量的B和C完全燃烧后,生成的CO2和H2O的物质的量分别相等
D.由B生成C是通过加聚反应制得的
E. 分别燃烧1molA和B生成CO2和H2O的耗氧气量,其中A和B耗氧量相等
F.在 A+E→ F转变中,有含氧的小分子生成,小分子的氧原子来至于A
(每空2分,共14分)
(1)(2)羧基(写结构式、结构简式和名称中字写错,不能得分,)
(3 )①2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O(无反应条件扣1分,没有写结构简式、没有配平和没有用箭头不得分)
②nCH2=CH2(4)> (5)50%(6)DE(选对一个得1分,选错就不得分)

试题分析:B是石油裂解气的主要成分,它的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平,所以B是乙烯。乙烯含有碳碳双键,能发生加聚反应,则C是聚乙烯。A在浓硫酸的作用下生成乙烯,则根据已知信息可知,A是乙醇。乙醇发生氧化反应生成D,D发生还原反应生成乙醇,所以D是乙醛。乙醛发生氧化反应生成乙酸,即E是乙酸,乙酸和乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯,则F是乙酸乙酯。
(1)乙烯含有碳碳双键,电子式是
(2)乙酸分子中的官能团名称是羧基。
(3)①A→D是乙醇的催化氧化,方程式是2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O.
②B→C是乙烯的加聚反应,方程式是nCH2=CH2
(4)由于气态水的能量高于液态水的能量,所以1mol乙醇完全燃烧生成CO2气体和液态水,放出的热量>1367kJ。
(5)
60g        46g                   88g
120g       92g                   176g
所以乙酸乙酯的产率是=50%。
(6)高分子化合物都是混合物,没有固定的熔沸点,A不正确;聚乙烯中没有不饱和键,不能使高锰酸钾溶液褪色,B不正确;乙醇和聚乙烯的最简式相同,都是CH2,但取等物质的量的B和C完全燃烧后,生成的CO2和H2O的物质的量不相等,C不正确;由B生成C是通过加聚反应制得的,D正确;由于乙醇可以写成C2H4·H2O,所以分别燃烧1molA和B生成CO2和H2O的耗氧气量,其中A和B耗氧量相等,E正确。在 A+E→ F转变中,有含氧的小分子生成,小分子的氧原子来至于乙酸E中,选项F不正确,答案选DE。
点评:该题是基础性试题的考查,涉及烯、醇、酯、羧酸等性质与转化,难度不大,是对有机知识的综合运用。有机推断是高考中的常见题型,每年高考中必考,经常给出某反应信息要求学生加以应用,能较好的考查考生的阅读、自学能力和思维能力,是热点题型,需要重点掌握。该题的突破点是乙烯的判断。
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