Question

如图所示为用伏安法测电阻的电路图，电路中电流约为0.4A，待测电阻为10Ω．
（1）如图，用笔画线做导线，将题中实物图按电路图连线，开关在闭合前，图中的滑动变阻器的滑片应位于变阻器的

b

端（填a或b）．
（2）电压表应选

0～15V

的量程，电流表应选

0～0.6A

量程．
（3）小名同学闭合开关，调节变阻器的滑片到某位置时，电压表和电流表的指示如图所示，则电压表的读数是

1.8

V，电流表的读数是

0.24

A，被测电阻R_x的阻值是

7.5

Ω．
（4）全班为小名同学首先获得测量结果而高兴．小名准备整理实验器材结束实验．你认为他的实验真的结束了吗？为了得到更可靠的结果，你认为接下去他的具体操作应是1

移动滑片，改变加在导体两端的电压和通过的电流．

；2你提出这个建议的目的是：

多次测量求平均值，减小误差

．
（5）某次实验过程中发现：闭合开关前电流表的示数为0，电压表的示数为6V，闭合开关后电流表指针向左偏转，电压表的示数仍为6V，其原因是：

电压表接到了电源的两端、电流表正负接线柱接反了

．
（6）若实验中所用器材良好，但某同学在实验中发现电流表的指针几乎不动，而电压表的示数较大，则电路中发生故障的原因是

电压表串联在了电路中

．

Answer 1

分析：（1）连接实物图要注意：电压表选大量程0～15V，电流表选用小量程0～0.6A；电流从两表正接线柱流入、从负接线柱流出；滑动变阻器“一上一下”的接入电路，闭合开关前，滑片位于最大阻值处．
（2）因为电路中电流约为0.4A，待测电阻为10Ω，电阻两端的电压U=IR=0.4A×10Ω=4V，所以电压表选大量程0～15V，电流表选用小量程0～0.6A；
（3）根据所选量程，确定两个电表的分度值，读出电压表的示数U和电流表的示数I，利用R=

U

I

求测电阻Rx的阻值；
（4）因为实验中都有误差的存在，为了减小误差，应多测量几组数据，分别求出电阻值，然后加起来求平均值，以减小测量误差．他接下来的操作应是：移动滑片，改变加在导体两端的电压和通过的电流．
（5）闭合开关前电流表的示数为0，电压表的示数为6V，电压表接到了电源的两端；闭合开关后，电流表指针向左偏转，电流表正负接线柱接反了；
（6）某同学在实验中发现电流表的指针几乎不动，而电压表的示数较大，如果电压表串联在了电路中，而电压表相当于开路，电路中电流几乎为0，但电压表的两接线柱通过电阻、导线接在电源的两极上有示数．

解答：解：
（1）因为电路中电流约为0.4A，待测电阻为10Ω，所以电压表选大量程0～15V，电流表选用小量程0～0.6A；电流从两表正接线柱流入、从负接线柱流出；滑动变阻器已经连接了左下角的接线柱，上面选择哪一个都可以，闭合开关前滑片应位于b端．
（2）因为电路中电流约为0.4A，待测电阻为10Ω，电阻两端的电压约为4V，所以电压表选大量程0～15V，电流表选用小量程0～0.6A；
（3）根据所选量程，读出电压表的示数U=1.8V，电流表的示数I=0.24A，R=

U

I

=

1.8V

0.24A

=7.5Ω；
（4）他接下来的操作应是：移动滑片，改变加在导体两端的电压和通过的电流．目的是为了多次测量求平均值，减小误差．
（5）电压表接到了电源的两端，不论开关开闭，电压表都有示数；电流表指针向左偏转，说明电流表正负接线柱接反了；
（6）因为实验中所用器材良好，原因就是电压表串联在了电路中，电压表相当于开路，电路中电流几乎为0，但电压表的两接线柱通过电阻、导线接在电源的两极上，有示数；
故答案为：（1）实物连接如图所示；b；

（2）0～15V；1～0.6A；
（3）9；0.24；37.5；
（4）移动滑片，改变加在导体两端的电压和通过的电流，再测量几组数据；多次测量求平均值，减小误差
（5）电压表接到了电源的两端、电流表正负接线柱接反了；
（6）电压表串联在了电路中．

点评：本实验题涉及电压表和电流表的使用（连接方法、量程的选择以及读数）、滑动变阻器的使用、影响电阻大小的因素、减小误差的方法、实物图的连接和欧姆定律，虽综合性强，但都属于基础知识，难度适中．