题目内容
【题目】如图是利用电子秤显示水库水位装置的模型图,该装置主要由两个重力均为20N的动滑轮、长方体物块A和B以及轻质杠杆MN组成,物块A通过细绳与滑轮相连,物块B通过细绳与杠杆相连,杠杆可以绕支点O在竖直平面内转动,杠杆始终在水平位置平衡,且OM:ON=1:4,已知物块A的重力GA=1500N,底面积S=0.01m2 , 高H=10m,物块B的重力GB=100N.一切摩擦均忽略不计,g取10N/kg,当物块A有五分之一露出水面时,水库水位刚好达到警戒水位.求:
(1)当达到警戒水位时,物块A底部受到水的压强
(2)当达到警戒水位时,物块A所受的浮力大小
(3)当水位上涨超出警戒水位2.5m时,电子秤的示数
【答案】
(1)
【解答】解:当达到警戒水位时,物块A有五分之一露出水面,则底部所处的深度:
h=(1﹣)H=×10m=8m,
底部受到水的压强:
p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×8m=8×104Pa.
答:当达到警戒水位时,物块A底部受到水的压强为8×104Pa
答:当达到警戒水位时,物块A所受的浮力大小为800N
(2)
【解答】解:当达到警戒水位时,物块A排开水的体积V排=Sh=0.01m2×8m=0.08m3,
物块A所受的浮力:
F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×0.08m3×10N/kg=800N;
(3)
【解答】解:由于水库水位刚好达到警戒水位物块A露出水面的长度为H=h=10m﹣8m=2m,
所以当水位上涨超出警戒水位2.5m时,物块A已经浸没,则根据阿基米德原理可知:
此时物块A所受的浮力F浮=ρ水Vg=ρ水SHg=1×103kg/m3×0.01m2×10m×10N/kg=1000N;
滑轮与转轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦均忽略不计,
物块A对滑轮C的拉力FA拉=GA﹣F浮=1500N﹣1000N=500N;
根据受力平衡可知:2FC=G动+FA拉,
所以,FC=(G动+FA拉)=(20N+500N)=260N,
滑轮D根据受力平衡可知:2FD=G动+FC,
所以,FD=(G动+FC)=(20N+260N)=140N;
由于力的作用是相互的,则FM=FD=140N;
根据杠杆平衡条件可知:FMLOM=FNLON,
所以,FN===35N;
对于物块B,根据物体平衡可知:GB=FN+F示,
所以F示=GB﹣FN=100N﹣35N=65N.
答:当水位上涨超出警戒水位2.5m时,电子称的示数为65N.
【解析】(1)当达到警戒水位时,求出底部所处的深度,利用液体压强公式p=ρgh求底部受到水的压强;
(2)求出当达到警戒水位时物块A没入水面时排开水的体积,利用阿基米德原理求物块A所受的浮力;
(3)由于水库水位刚好达到警戒水位物块A露出水面的长度为2m,所以当水位上涨超出警戒水位2.5m时,物块A已经浸没,则根据阿基米德原理求出此时物块A所受的浮力;
由于滑轮组不是由一股绳子缠绕而成,对每一个动滑轮受力分析,利用力的平衡求滑轮组对杠杆M端的拉力;
知道力臂关系,根据杠杆平衡条件可求杠杆N端受到的拉力,利用力的平衡求电子秤的示数.
【考点精析】解答此题的关键在于理解杠杆的平衡条件的相关知识,掌握杠杆平衡:杠杆在动力和阻力的作用下静止或匀速转动时,称为杠杆平衡.杠杆平衡是力和力臂乘积的平衡,而不是力的平衡.杠杆平衡的条件:动力 ×动力臂 = 阻力 ×阻力臂即:F1 L1 = F2 L2可变形为 :F1 / F2 = L1 / L2,以及对液体的压强的计算的理解,了解液体内部压强的公式:p=ρgh ρ指密度,单位kg/m3,g=9.8N/kg, h指深度,单位:m,压强单位(Pa) 注意:h 指液体的深度,即某点到液面的距离.
【题目】如图1所示,在测量“小灯泡的电功率”实验中,已知小灯泡的额定电压为2.5V,电源电压为4.5V.
(1)
请根据图1甲的实物图将图1乙的电路图补充完整.
(2)连接电路时开关应该 .接好电路后闭合开关,发现电压表指针反向偏转,原因是电流从电压表的 (选填“+”或“﹣”)接线柱流入.
(3)排除故障后,闭合开关,滑动滑动变阻器的滑片,若电压表的示数如图1丙所示,其读数为 V.
(4)改变滑动变阻器滑片的位置,测得多组对应的电压、电流值,如下表所示.由测得数据可知,小灯泡的额定功率为 W , 其电阻为 Ω(结果保留一位小数)
实验次数 | 1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 |
电压U/V | 0.4 | 0.8 | 1.2 | 1.7 | 2.5 | 3.0 |
电流I/A | 0.12 | 0.22 | 0.34 | 0.36 | 0.44 | 0.48 |
(5)根据表中数据,请在图2中画出I﹣U关系图象,根据图象,当加在小灯泡两端的电压为2V时,小灯泡消耗的电功率约为 W.(结果保留二位小数)