题目内容
（2012?陕西）图示为一款有高、低温两档的蒸汽电熨斗电路原理图．R1、R2为电热丝，其中R2=242Ω，水升温并汽化成水蒸气，从而熨烫衣服．（1）电热丝是利用电流的
热
热
效应工作的．分析电路图，闭合S1，当S2闭合
闭合
时，电熨斗处于高温档．（2）电熨斗处于低温档时，正常工作功率为100W．求：通过电路的电流是多大？R1的电阻是多大？通电3min产生的热量是多少？
（3）若将该款电熨斗进行改造，使其正常工作时高温挡功率为1000W．要求只改变其中一个电热丝的阻值，请你通过分析和计算，求出该电热丝改变后的阻值应为多少？
分析：（1）电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应；电源电压一定，由P=
可知，电路电阻越小，功率越大，功率大，电熨斗处于高温挡，根据电路图分析电路结构，判断高温挡时，开关S2的状态；
（2）已知电熨斗的功率，由功率的变形公式I=
可求出通过电路的电流，然后由欧姆定律可求出R1的电阻，由W=Pt求出电熨斗3min产生的热量；
（3）由题意知，改造后电熨斗的功率变小，可以通过改造电阻R2来实现；由功率公式及并联电路的特点求出改造后R2的功率，然后由功率的变形公式求出改造后电阻R2的阻值．
| U2 |
| R |
（2）已知电熨斗的功率，由功率的变形公式I=
| P |
| U |
（3）由题意知，改造后电熨斗的功率变小，可以通过改造电阻R2来实现；由功率公式及并联电路的特点求出改造后R2的功率，然后由功率的变形公式求出改造后电阻R2的阻值．
解答：解：（1）电熨斗工作时，电流流过电阻产生热量，对水加热，使水汽化为蒸汽，因此电热丝是利用电流的热热效应工作的；由电路图知，闭合S1，当S2闭合时，两电阻丝并联，电路电阻最小，电源电压U一定，由P=
可知此时电路功率最大，电熨斗处于高温挡；
故答案为：热；闭合．
（2）由电路图知：当S1闭合，S2断开时，电熨斗处于低温档，此时只有电阻R1接入电路；
通过电路的电流I=
=
≈0.45A，R1的电阻R1=
=
=484Ω；
通电t=3min=180s产生的热量Q=Pt=100W×180s=1.8×104J；
答：电熨斗处于低温档时，通过电路的电流是0.45A；电阻R1的阻值是484Ω；通电3min产生的热量是1.8×104J．
（3）当开关S1与S2都闭合时，电熨斗处于高温挡，
电阻R1的功率P1=P低温档=100W，
电阻R2的功率P2=P-P1=1000W-100W=900W，
则电阻R2改变后的阻值R2′=
=
=53.78Ω；
答：可将电阻R2的阻值改为53.78Ω，电熨斗正常工作时高温挡功率是1000W．
| U2 |
| R |
故答案为：热；闭合．
（2）由电路图知：当S1闭合，S2断开时，电熨斗处于低温档，此时只有电阻R1接入电路；
通过电路的电流I=
| P |
| U |
| 100W |
| 220V |
| U |
| I |
| 220V | ||
|
通电t=3min=180s产生的热量Q=Pt=100W×180s=1.8×104J；
答：电熨斗处于低温档时，通过电路的电流是0.45A；电阻R1的阻值是484Ω；通电3min产生的热量是1.8×104J．
（3）当开关S1与S2都闭合时，电熨斗处于高温挡，
电阻R1的功率P1=P低温档=100W，
电阻R2的功率P2=P-P1=1000W-100W=900W，
则电阻R2改变后的阻值R2′=
| U2 |
| P2 |
| (220V)2 |
| 900W |
答：可将电阻R2的阻值改为53.78Ω，电熨斗正常工作时高温挡功率是1000W．
点评：本题考查了电熨斗的工作原理、求电熨斗的工作电流、电阻丝电阻、电熨斗产生的热量、电熨斗的改造等问题，分析电路结构，知道什么状态下电熨斗处于高温挡、什么条件下处于低温档是本题的难点，也是正确解题的前提；分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键；应知道利用电流的热效应工作的用电器工作时，电能转化为内能．
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