题目内容
（2013•重庆）已知，在矩形ABCD中，E为BC边上一点，AE⊥DE，AB=12，BE=16，F为线段BE上一点，EF=7，连接AF．如图1，现有一张硬质纸片△GMN，∠NGM=90°，NG=6，MG=8，斜边MN与边BC在同一直线上，点N与点E重合，点G在线段DE上．如图2，△GMN从图1的位置出发，以每秒1个单位的速度沿EB向点B匀速移动，同时点P从A点出发，以每秒1个单位的速度沿AD向点D匀速移动，点Q为直线GN与线段AE的交点，连接PQ．当点N到达终点B时，△GMN和点P同时停止运动．设运动时间为t秒，解答下列问题：
（1）在整个运动过程中，当点G在线段AE上时，求t的值；
（2）在整个运动过程中，是否存在点P，使△APQ是等腰三角形？若存在，求出t的值；若不存在，说明理由；
（3）在整个运动过程中，设△GMN与△AEF重叠部分的面积为S．请直接写出S与t之间的函数关系式以及自变量t的取值范围．
（1）在整个运动过程中，当点G在线段AE上时，求t的值；
（2）在整个运动过程中，是否存在点P，使△APQ是等腰三角形？若存在，求出t的值；若不存在，说明理由；
（3）在整个运动过程中，设△GMN与△AEF重叠部分的面积为S．请直接写出S与t之间的函数关系式以及自变量t的取值范围．
分析：（1）如答图1所示，证明QEMG为平行四边形，则运动路程QG=EM=10，t值可求；
（2）△APQ是等腰三角形，分为三种情形，需要分类讨论，避免漏解．如答图2、答图3、答图4所示；
（3）整个运动过程分为四个阶段，每个阶段重叠图形的形状各不相同，如答图5-答图8所示，分别求出其面积的表达式．
（2）△APQ是等腰三角形，分为三种情形，需要分类讨论，避免漏解．如答图2、答图3、答图4所示；
（3）整个运动过程分为四个阶段，每个阶段重叠图形的形状各不相同，如答图5-答图8所示，分别求出其面积的表达式．
解答：解：（1）在Rt△GMN中，GN=6，GM=8，∴MN=10．
由题意，易知点G的运动线路平行于BC．
如答图1所示，过点G作BC的平行线，分别交AE、AF于点Q、R．
∵∠AED=∠EGM=90°，∴AE∥GM．
∴四边形QEMG为平行四边形，
∴QG=EM=10．
∴t=
=10秒．
（2）存在符合条件的点P．
在Rt△ABE中，AB=12，BE=16，由勾股定理得：AE=20．
设∠AEB=θ，则sinθ=
，cosθ=
．
∵NE=t，∴QE=NE•cosθ=
t，AQ=AE-QE=20-
t．
△APQ是等腰三角形，有三种可能的情形：
①AP=PQ．如答图2所示：
过点P作PK⊥AE于点K，则AK=AP•cosθ=
t．
∵AQ=2AK，∴20-
t=2×
t，
解得：t=
；
②AP=AQ．如答图3所示：
有t=20-
t，
解得：t=
；
③AQ=PQ．如答图4所示：
过点Q作QK⊥AP于点K，则AK=AQ•cosθ=（20-
t）×
=16-
t．
∵AP=2AK，∴t=2（16-
t），
解得：t=
．
综上所述，当t=
，
或
秒时，存在点P，使△APQ是等腰三角形．
（3）如答图1所示，点N到达点F的时间为t=7；
由（1）知，点G到达点Q的时间为t=10；
QE=10×
=8，AQ=20-8=12，
∵GR∥BC，∴
=
，即
=
，∴QR=
．
∴点G到达点R的时间为t=10+
=
；
点E到达终点B的时间为t=16．
则在△GMN运动的过程中：
①当0≤t＜7时，如答图5所示：
QE=NE•cosθ=
t，QN=NE•sinθ=
t，
S=
QE•QN=
•
t•
t=
t2；
②当7≤t＜10时，如答图6所示：
设QN与AF交于点I，
∵tan∠INF=
=
，tan∠IFN=
=
，
∴∠INF=∠IFN，△INF为等腰三角形．
底边NF上的高h=
NF•tan∠INF=
×（t-7）×
=
（t-7）．
S△INF=
NF•h=
×（t-7）×
（t-7）=
（t-7）2，
∴S=S△QNE-S△INF=
t2-
（t-7）2=-
t2+
t-
；
③当10≤t＜
时，如答图7所示：
由②得：S△INF=
（t-7）2，
∴S=S△GMN-S△INF=24-
（t-7）2=-
t2+
t+
；
④当
＜t≤16时，如答图8所示：
FM=FE-ME=FE-（NE-MN）=17-t．
设GM与AF交于点I，过点I作IK⊥MN于点K．
∵tan∠IFK=
=
，∴可设IK=4x，FK=3x，则KM=3x+17-t．
∵tan∠IMF=
=
=
，解得：x=
（17-t）．
∴IK=4x=
（17-t）．
∴S=
FM•IK=
（t-17）2．
综上所述，S与t之间的函数关系式为：
S=
由题意，易知点G的运动线路平行于BC．
如答图1所示，过点G作BC的平行线，分别交AE、AF于点Q、R．
∵∠AED=∠EGM=90°，∴AE∥GM．
∴四边形QEMG为平行四边形，
∴QG=EM=10．
∴t=
| 10 |
| 1 |
（2）存在符合条件的点P．
在Rt△ABE中，AB=12，BE=16，由勾股定理得：AE=20．
设∠AEB=θ，则sinθ=
| 3 |
| 5 |
| 4 |
| 5 |
∵NE=t，∴QE=NE•cosθ=
| 4 |
| 5 |
| 4 |
| 5 |
△APQ是等腰三角形，有三种可能的情形：
①AP=PQ．如答图2所示：
过点P作PK⊥AE于点K，则AK=AP•cosθ=
| 4 |
| 5 |
∵AQ=2AK，∴20-
| 4 |
| 5 |
| 4 |
| 5 |
解得：t=
| 25 |
| 3 |
②AP=AQ．如答图3所示：
有t=20-
| 4 |
| 5 |
解得：t=
| 100 |
| 9 |
③AQ=PQ．如答图4所示：
过点Q作QK⊥AP于点K，则AK=AQ•cosθ=（20-
| 4 |
| 5 |
| 4 |
| 5 |
| 16 |
| 25 |
∵AP=2AK，∴t=2（16-
| 16 |
| 25 |
解得：t=
| 800 |
| 57 |
综上所述，当t=
| 25 |
| 3 |
| 100 |
| 9 |
| 800 |
| 57 |
（3）如答图1所示，点N到达点F的时间为t=7；
由（1）知，点G到达点Q的时间为t=10；
QE=10×
| 4 |
| 5 |
∵GR∥BC，∴
| QR |
| EF |
| AQ |
| AE |
| QR |
| 7 |
| 12 |
| 20 |
| 21 |
| 5 |
∴点G到达点R的时间为t=10+
| 21 |
| 5 |
| 71 |
| 5 |
点E到达终点B的时间为t=16．
则在△GMN运动的过程中：
①当0≤t＜7时，如答图5所示：
QE=NE•cosθ=
| 4 |
| 5 |
| 3 |
| 5 |
S=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 4 |
| 5 |
| 3 |
| 5 |
| 6 |
| 25 |
②当7≤t＜10时，如答图6所示：
设QN与AF交于点I，
∵tan∠INF=
| GM |
| GN |
| 4 |
| 3 |
| AB |
| BF |
| 4 |
| 3 |
∴∠INF=∠IFN，△INF为等腰三角形．
底边NF上的高h=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 4 |
| 3 |
| 2 |
| 3 |
S△INF=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 2 |
| 3 |
| 1 |
| 3 |
∴S=S△QNE-S△INF=
| 6 |
| 25 |
| 1 |
| 3 |
| 7 |
| 75 |
| 14 |
| 3 |
| 49 |
| 3 |
③当10≤t＜
| 71 |
| 5 |
由②得：S△INF=
| 1 |
| 3 |
∴S=S△GMN-S△INF=24-
| 1 |
| 3 |
| 1 |
| 3 |
| 14 |
| 3 |
| 23 |
| 3 |
④当
| 71 |
| 5 |
FM=FE-ME=FE-（NE-MN）=17-t．
设GM与AF交于点I，过点I作IK⊥MN于点K．
∵tan∠IFK=
| AB |
| BF |
| 4 |
| 3 |
∵tan∠IMF=
| IK |
| KM |
| 4x |
| 3x+17-t |
| 3 |
| 4 |
| 3 |
| 7 |
∴IK=4x=
| 12 |
| 7 |
∴S=
| 1 |
| 2 |
| 6 |
| 7 |
综上所述，S与t之间的函数关系式为：
S=
|
点评：本题是运动型综合题，难度较大，解题关键是清楚理解图形的运动过程．计算过程较为复杂，需要仔细认真；第（2）（3）问中，注意均需要分情况讨论，分别计算，避免漏解．
练习册系列答案
相关题目
（2013•重庆）已知，如图，在?ABCD中，AE⊥BC，垂足为E，CE=CD，点F为CE的中点，点G为CD上的一点，连接DF、EG、AG，∠1=∠2．