题目内容
(2013•浙江一模)阅读并解答下列问题:
问题一.如图1,在?ABCD中,AD=20,AB=30,∠A=60°,点P是线段AD上的动点,连PB,当AP=
问题二.如图2,四边形ABCD是边长为20的菱形,且∠DAB=60°,P是线段AC上的动点,E在AB上,且AE=
AB,连PE,PB,问当AP长为多少时,PE+PB的值最小,并求这个最小值.
问题三.如图3,在矩形ABCD中,AB=20,CB=10,P,Q分别是线段AC,AB上的动点,问当AP长为多少时,PQ+PB的值最小,并求这个最小值.
问题一.如图1,在?ABCD中,AD=20,AB=30,∠A=60°,点P是线段AD上的动点,连PB,当AP=
15
15
时,PB最小值为15
3 |
15
.3 |
问题二.如图2,四边形ABCD是边长为20的菱形,且∠DAB=60°,P是线段AC上的动点,E在AB上,且AE=
1 |
4 |
问题三.如图3,在矩形ABCD中,AB=20,CB=10,P,Q分别是线段AC,AB上的动点,问当AP长为多少时,PQ+PB的值最小,并求这个最小值.
分析:(1)如图1,过点B作BP⊥AD于P,根据直角三角形的性质和勾股定理就可以求出结论;
(2)如图2,连接BD、ED交AC于点P,作DF⊥AB于F.由菱形的性质可以得出AC的值,再由△APE∽△CPD就根据相似三角形的性质就可以得出结论;
(3)作B关于AC的对称点B′,连结AB′,则N点关于AC的对称点N′在AB′上,这时,B到M到N的最小值等于B→M→N′的最小值,等于B到AB′的距离BH′,连结B与AB′和DC的交点P,再由三角形的面积公式可求出S△ABP的值,根据对称的性质可知∠PAC=∠BAC=∠PCA,利用勾股定理可求出PA的值,再由S△ABP=
PA•BH′即可求解.
(2)如图2,连接BD、ED交AC于点P,作DF⊥AB于F.由菱形的性质可以得出AC的值,再由△APE∽△CPD就根据相似三角形的性质就可以得出结论;
(3)作B关于AC的对称点B′,连结AB′,则N点关于AC的对称点N′在AB′上,这时,B到M到N的最小值等于B→M→N′的最小值,等于B到AB′的距离BH′,连结B与AB′和DC的交点P,再由三角形的面积公式可求出S△ABP的值,根据对称的性质可知∠PAC=∠BAC=∠PCA,利用勾股定理可求出PA的值,再由S△ABP=
1 |
2 |
解答:解:(1)如图1,过点B作BP⊥AD于P,
∴∠APB=90°.
∵∠A=60°,
∴∠ABP=30°,
∴AP=
AB.
∵AB=30,
∴AP=15.
在Rt△ABP中,由勾股定理,得
BP=
=15
.
(2)如图2,连结BD,连结DE交AC于点P,作DF⊥AB于F.
∵四边形ABCD是菱形,
∴AB=BC=CD=DA,AB∥CD.AC⊥BD,DO=BO=
DB,AO=CO=
AC,∠OAB=
∠DAB.
∵∠DAB=60°,
∴△ABD和△CDB是等边三角形,
∴AF=
AB=10,.
在Rt△ADF中,由勾股定理,得
DF=10
.
∵AE=
AB,且AB=20,
∴AE=5.
∴EF=5.
在Rt△EFD中,由勾股定理,得
DE=
=5
,
∴BP+PE的最小值为5
.
在Rt△ABO中,由勾股定理,得
AO=10
.
∴AC=20
∴△AEP∽△CDP,
∴
=
.
∴
=
,
∴AP=4
.
答:当AP长为4
时,PE+PB的值最小为5
;
(3)如图3,作B关于AC的对称点B′,作B′Q⊥QB于Q,交AC于P.
连结AB′,则Q点关于AC的对称点H′在AB′上,
∴∠AHB=∠AHB′=90°,BH=B′H,
∴AB′=AB,
∴∠AB′H=∠ABH.
这时,B到P到Q的最小值等于B→P→H′的最小值,
等于B到AB′的距离BH′,
连结AB′和DC的交点E,
则S△ABE=
×20×10=100,
由对称知识,∠EAC=∠BAC=∠ECA,
所以EA=EC,令EA=x,则EC=x,ED=20-x,
在Rt△ADE中,EA2=ED2+AD2,
所以x2=(20-x)2+102,
所以x=12.5,
因为S△ABE=
EA•BH′,
所以BH′=
=
=16.
在△BB′H′和△B′BQ中,
,
∴△BB′H′≌△B′BQ(SAS),
∴BH′=B′Q=10.
在Rt△ABC中,由勾股定理,得
AC=10
.
∵S△ABC=
=
,
∴
=
,
∴BH=4
,
∴BB′=8
.
在Rt△BB′Q中,由勾股定理,得
QB=8,
∴AQ=12.
∵PQ⊥AB,
∴∠AQP=90°,且∠ABC=90°,
∴PQ∥BC.
∴△AQP∽△ABC,
∴
=
,
∴
=
,
∴AP=6
.
答:AP长为6
时,PQ+PB的值最小为16.
故答案为:15,15
.
∴∠APB=90°.
∵∠A=60°,
∴∠ABP=30°,
∴AP=
1 |
2 |
∵AB=30,
∴AP=15.
在Rt△ABP中,由勾股定理,得
BP=
302-152 |
3 |
(2)如图2,连结BD,连结DE交AC于点P,作DF⊥AB于F.
∵四边形ABCD是菱形,
∴AB=BC=CD=DA,AB∥CD.AC⊥BD,DO=BO=
1 |
2 |
1 |
2 |
1 |
2 |
∵∠DAB=60°,
∴△ABD和△CDB是等边三角形,
∴AF=
1 |
2 |
在Rt△ADF中,由勾股定理,得
DF=10
3 |
∵AE=
1 |
4 |
∴AE=5.
∴EF=5.
在Rt△EFD中,由勾股定理,得
DE=
300+25 |
13 |
∴BP+PE的最小值为5
13 |
在Rt△ABO中,由勾股定理,得
AO=10
3 |
∴AC=20
3 |
∴△AEP∽△CDP,
∴
AE |
DC |
AP |
PC |
∴
5 |
20 |
AP | ||
20
|
∴AP=4
3 |
答:当AP长为4
3 |
13 |
(3)如图3,作B关于AC的对称点B′,作B′Q⊥QB于Q,交AC于P.
连结AB′,则Q点关于AC的对称点H′在AB′上,
∴∠AHB=∠AHB′=90°,BH=B′H,
∴AB′=AB,
∴∠AB′H=∠ABH.
这时,B到P到Q的最小值等于B→P→H′的最小值,
等于B到AB′的距离BH′,
连结AB′和DC的交点E,
则S△ABE=
1 |
2 |
由对称知识,∠EAC=∠BAC=∠ECA,
所以EA=EC,令EA=x,则EC=x,ED=20-x,
在Rt△ADE中,EA2=ED2+AD2,
所以x2=(20-x)2+102,
所以x=12.5,
因为S△ABE=
1 |
2 |
所以BH′=
2S△ABE |
EA |
100×2 |
12.5 |
在△BB′H′和△B′BQ中,
|
∴△BB′H′≌△B′BQ(SAS),
∴BH′=B′Q=10.
在Rt△ABC中,由勾股定理,得
AC=10
5 |
∵S△ABC=
AB•BC |
2 |
AC•BH |
2 |
∴
20×10 |
2 |
10
| ||
2 |
∴BH=4
5 |
∴BB′=8
5 |
在Rt△BB′Q中,由勾股定理,得
QB=8,
∴AQ=12.
∵PQ⊥AB,
∴∠AQP=90°,且∠ABC=90°,
∴PQ∥BC.
∴△AQP∽△ABC,
∴
AP |
AC |
AQ |
AB |
∴
AP | ||
10
|
12 |
20 |
∴AP=6
5 |
答:AP长为6
5 |
故答案为:15,15
3 |
点评:本题考查的是最短路线问题,考查轴对称的性质的运用,全等三角形的判定及性质的运用,勾股定理的运用,相似三角形的判定及性质的运用,等边三角形的性质的运用,解答第三问时作出B点关于直线AC对称的点B′是解答此题的关键.
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